2024年1月24日发(作者：矫涵畅)

2023年辽宁省沈阳市东北育才学校初中部中考物理三模试卷一一、单选题（每题2分，共12分）1．（2分）“停课不停学”期间，同学们使用智能手机进行空中课堂学习。下列数据符合一般智能手机实际的是（）A．手机的质量约200gB．一般智能手机的功率约为220WC．手机充电器的输出电压约为36VD．智能手机的厚度约为2mm2．（2分）人工智能飞速发展的今天，智能配送机器人已被广泛使用，用户可通过人脸识别、输入（扫描）取货码等多种方式取货。如图是某款机器人正在送货的情景，下列分析正确的是（）A．机器人旁边的影子，是光的折射形成的B．机器人通过扫描条形码取货，条形码是光源C．行人都能看见机器人，是由于阳光在它表面发生了漫反射D．用户进行声纹识别时，利用了不同的人发出声音的音调不同3．（2分）去年的12月6日，黑龙江伊春最低气温达到零下33度，因此吸引了众多游客前来尝试泼水成冰的游戏。如图所示，“泼水成冰”的游戏需要滚烫的开水在零下30度以下的极寒环境中才能成功。关于“泼水成冰”的原理说法错误的是（）A．用滚烫的开水而不用冷水是因为开水在短时间内能提供大量的水蒸气B．图中水蒸气在极寒环境下遇冷放热直接凝华成小冰晶C．和“泼水成冰”形成原理相同的自然现象还有雾的形成D．开水提供水蒸气的物态变化过程是汽化，汽化需要吸热第1页（共12页）

4．（2分）2022年2月15日，滑雪运动员苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台的项目中夺得第一名，为我国摘得第6金。大跳台的场地分为助滑区、起跳台、着陆坡和终点区域四个部分。运动员从高为50m的高台起滑，沿着助滑区滑行而下，冲上起跳台起跳，完成空翻、转体、抓板等各种技术动作后着陆，最终滑向终点区停下来。关于大跳台项目中的运动现象，下列说法中正确的是（）A．站立在高台上时，运动员所受重力与台面对他的支持力是一对平衡力B．运动员沿助滑区下滑时，他的重力势能越来越大C．运动员从起跳台起跳腾空后，不受重力作用D．运动员到达终点区不能立刻停下来是由于受到阻力的作用5．（2分）如图是一个住宅户内的配电系统方框图。下列说法中正确的是（）A．空气开关Q与吊灯灯泡是并联B．当吊灯正常发光时，用试电笔接触P处的导线氖管不会发光C．当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内的金属片时，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用D．当N处的空气开关跳闸时，一定是空调和吊灯同时使用引起的6．（2分）如图甲所示，电源电压不变，第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，R1的滑片从最左端滑至最右端；第二次闭合开关S2、S3，断开第2页（共12页）

S1、S4，将滑动变阻器R2的滑片从最大值移到小灯泡正常发光。两次过程中电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。保证电路安全的前提下，下列说法不正确的是（）A．电源电压为8VB．R1的最大阻值为40ΩC．小灯泡正常发光时的电阻为10ΩD．闭合开关S2、S3，断开S1、S4，保证电路安全的前提下，R2的变化范围为4～40Ω二、多选题（每题3分，少选得1分，错选多选不得分，共12分）（多选）7．（3分）关于图所示的四个实验情景，下列分析正确的是（）A．如图塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能B．如图抽掉玻璃板一段时间后，两瓶内气体混合在一起颜色变得均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动C．如图两个底面削平的铅柱紧压在一起后能吊住重物，说明固体分子间只存在引力第3页（共12页）

D．如图在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，静置片刻后杯中的情况，说明液体分子运动的剧烈程度与温度有关（多选）8．（3分）如图甲所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置，图乙、丙和丁是探究过程中实验装置的侧视图，则下列说法中正确的是（）A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合B．如图乙所示，若在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，则仍能通过玻璃板观察到A的像C．若实验时装置如图丙所示，则蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜D．若实验时装置如图丁所示，则蜡烛A不能在玻璃板中成像（多选）9．（3分）如图是活塞式抽水机工作的示意图，下列说法正确的是（）A．抽水机是利用大气压来工作的B．在图甲中，当用力在Q处向下压手柄PQ时，手柄上的P点受到的作用力竖直向上C．在Q点向上抬手柄PQ时，阀门B由于受液体压力而关闭，水被阻不能向下流动D．这样的抽水机提升水的最大高度约为10m（多选）10．（3分）如图所示，拉力F为20N，物体A以0.1m/s的速度在表面足够长的物体B表面做匀速直线运动；物体B静止在地面上，受到地面水平向右8N的摩擦力，弹第4页（共12页）

簧测力计示数为22N，下列说法正确的是（）A．物体A受到的摩擦力为20NB．拉力F的功率为4.0WC．滑轮组的机械效率为75%D．拉力F增大至40N时，弹簧测力计示数为44N三、填空题（每空1分，共20分）11．（4分）PM2.5是漂浮于空气中，直径小于等于2.5μm、即m的颗粒物，某方案提出：利用大型鼓风机向空中喷射大量水滴（如图），吸附空气中的PM2.5下落至地面，但专家认为该方案欠妥，按1s喷射2L水计算，持续喷射2h就需喷水喷射出的水滴还未落地就已成水蒸气；寒冬，喷射出的水滴很快t；盛夏，成冰粒，危及道路安全。（ρ水＝1×103kg/m3）12．（4分）如图一为空气压缩引火仪，活塞向下运动，利用其能量转化过程与图二中的方式使气体内能变化，（选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）冲程相同。若r/min，汽油机需要用冷却液进汽油机1s内对外做功15次，则其曲轴的转速为行降温，是利用了冷却液的大的特性。13．（4分）如图甲所示，水壶壶嘴的高度不低于壶身的高度，其设计遵循了第5页（共12页）的原理；

盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在的作用下不易持续倒出。如图乙所示，（选填小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻璃管内水柱的高度“变大”、“变小”或“不变”），当用一根细管对着玻璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度（选填“变大”、“变小”或“不变”）。14．（2分）底面积为400cm2的圆柱形容器内装有适量的水，将其竖直放在水平桌面上，把边长为10cm的正方体木块A放入水后，再在木块A的上方放一物体B，物体B恰好没入水中，如图（a）所示，已知物体B的密度为6×103kg/m3，质量为0.6kg，（取g＝10N/kg），则木块A的密度为的压强变化了Pa。kg/m3；若将B放入水中，如图（b）所示，则水对容器底部15．（3分）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作10秒时间内电动机做总功为________J，若电动机线圈电阻为1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是尘器电动机的效率为%（保留整数）。358×248×3072201100J，该吸产品尺寸（mm）额定电压（V）额定功率（W）第6页（共12页）

16．（3分）如图所示，手用F1的力直接将物体A匀速提升h，做功300J；若借助长5m的斜面用力F2把A匀速提升相同高度，斜面的机械效率是60%，借助斜面做的有用功为_________J，拉力F2是N，物体A受到斜面的摩擦力是N。四、计算题（共24分）17．有一根绳子，通过如图甲所示的滑轮组，能够提起的最重物体是A，物体再重绳子将断裂（不计绳重和摩擦）。求：（1）将A匀速提高2m做的有用功为740J，则物重GA＝？（2）若此时滑轮组机械效率为92.5%，人的体重为600N，每只脚与地面接触面积为2×102m2，则人对地面的压强p地＝？﹣（3）若用这根绳子和这些滑轮，组成图乙所示滑轮组，利用它从水中缓慢匀速提起（不计水的阻力）一个边长为3×101m的正方体B，当提到B的下表面所受水的压强为2﹣×103Pa时，绳子断裂。则正方体B的密度ρB＝？18．氢燃料新能源公交车已经投入使用，如图所示。氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点。请完成下列问题。【c水＝4.2×103J/（kg•℃）；q氢＝1.4×108J/kg】（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？（2）若这些热量全部被质量为200kg、温度为15℃的水吸收，水升高的温度是多少？（3）若某氢能源公交车以140kW的恒定功率匀速行驶，0.3kg的氢燃料完全燃烧释放的能量能使该公交车匀速行驶3min，则氢能源公交车动力系统的效率是多少？第7页（共12页）

19．如图所示，电路的电源电压和灯泡电阻不变，R1＝5Ω，灯L标有“8V，6.4W”字样，电流表量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2标有“45Ω2A”字样。（1）只闭合S1时，电流表的示数为0.6A，求电源电压；（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率；（3）只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，求滑动变阻器R2功率的最大值。五、实验题（共26分）20．如图所示，图中是小红探究“水的沸腾”的实验装置。（1）安装实验器材时，应按照（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行；（填字母代号）；（选（2）A、B、C三种读数方法中正确的是（3）由图乙可知，水的沸点是填“升高”、“降低”或“保持不变”）；℃，水沸腾过程中不断吸热，温度（4）为了拓展研究，小红在实验时往水中加了适量盐，在相同的条件下，获得了与其他第8页（共12页）

同学不同的沸点值为了探究盐水的浓度与沸点的关系，同学们用不同浓度的盐水做了沸腾实验，通过实验得出不同浓度的盐水在标准大气压下的沸点，数据记录如表分析：盐水的浓度/%沸点/℃0100.02100.34100.66101.08101.310101.612102.014102.3表中数据可知，当盐水浓度增大时其沸点（降低/不变/升高）。据以上探究得到（先/后）放盐。的结果，我们煮食物时要想让汤汁尽快沸腾，最好选择21．小强同学探究凸透镜成像的规律如图装置，凸透镜的焦距是10cm。（1）点燃蜡烛后，应调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心在上；（2）将实验器材按图中甲位置放置后，光屏上成清晰的像，应用此规律工作的是_______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。实验一段时间后，光屏上的像“跑”到图乙所示的位置，若要像重新回到光屏中央，应将凸透镜向移（选填“上”或“下”）；（3）小强同学进一步探究：如图丙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动，经过_______s，光屏上成清晰的像。（4）图丁是2021年12月9日“天宫课堂”中，航天员王亚平为大家直播演示“神奇的太空小水球”实验，如图甲是通过水球成了一个倒立的（选填“实”或“虚”）像的瞬间。随后，王亚平向水球里注射一个气泡，神奇的一幕发生了，水球里竟然形成第9页（共12页）

了一正一反的两个人像，如图戊注入气泡后，中间部分相当于两个填“平面镜”“凸透镜”或“凹透镜”）。组成的（选22．学习了密度的测量知识后，小明同学想自己做实验测量小石块的密度，于是从实验室借来仪器进行实验：（1）将天平取出放在水平桌面上，正确测量时，当他将最小砝码放入右盘中时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧，则此时应A．向右调节平衡螺母B．取下最小砝码后移动游码g；；（2）天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为（3）将小石块取下后，用细线将石块系住，慢慢放入如图乙所示的量筒内，发现水面上升到45mL处，小石块的体积为cm3，则小石块的密度为g/cm3；（4）小明又想用爸爸新买的精度很高的手提式电子秤，（既可以测量力，也可以测量质量），对石块的密度重新进行了测量，步骤如下：①先将小石块用细线系好，悬挂在电子秤的下端，如图丙所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F1；②再在小桶里倒入适量的水，悬挂在电子秤的下端，如图丁所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F2；③再用手提着系着小石块的细线一端，将小石块缓慢地浸没在水中，但要保证石块，如图戊所示。待电子秤示数稳定后，读出并记为F3，完成以上测量后，根；（用字母表示）（选填“偏据所得实验数据，请你写出石块密度的表达式：ρ石＝，会使密度测量值④若戊图中石块吸水（石块吸水后体积保持不变）大”、“偏小”或“不变”）。23．某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小丽连接了如图﹣1所第10页（共12页）

示的电路（电源电压保持4.5V不变）。（1）请你用笔画线代替导线将图﹣1中实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电路中电流变大，导线不能交叉）。（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，若故障只出在用电器上，则故障为。（3）图﹣2是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为变阻器的滑片P向V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，应该将滑动（选填“左”或“右”）端滑动从而达到控制R两端的电压不变的目的；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的最大阻值至少是_______Ω。（4）实验结束后，小丽用如图﹣3所示电路，测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻（U额小于电源电压），电阻R0已知，将下面实验步骤补充完整。①只闭合开关S、S2，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；②只闭合开关③小灯泡电阻RL＝六、综合题（共6分）24．阅读短文，回答问题电动平衡车电动平衡车又称体感车，是一种时尚代步工具，以内置的精密固态陀螺仪来判断车身所处的姿势状态，检测车体姿态的变化，并利用伺服控制系统，精确地驱动左右两个电动机进行相应的调整，以保持系统的平衡，电动平衡车采用站立式驾驶方式，如图1所示，通过身体重心和操控杆控制车体运行，采用锂电池组作为动力来源驱动左右两个电动机行驶。第11页（共12页），保持滑动变阻器滑片位置不变，读出电压表示数为U1；。（用U额、U1、R0表示）

如表为某品牌电动平衡车部分技术参数。平衡车的转向指示灯电路如图乙所示，电路中电源电压恒为6V，指示灯L1、L2的规格均为“6V，6W”，R0为定值电阻，电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计，不考虑指示灯电阻随温度的变化，当单刀双掷开关S与“1”接通后，左转指示灯L1会亮暗交替闪烁。在此过程中，左转指示灯L1两端实际电压UL随时间，变化规律如图1丙所示。电池电池最大储能每个电动机最大输出功率每个电动机的能量转化效率可光锂电池0.5kW•h350W80%车身自重最大载重最高速度最大陡坡；20kg90kg18km/h30°（1）如图2所示，与电动平衡车驱动前行过程原理相同的是（2）图1乙电路中定值电阻R0的阻值为Ω，在单刀双掷开关S与“1”接通情J；况下，左转指示灯L1亮暗交替闪烁工作10min，则整个电路消耗的电能为（3）体重为60kg的小明站在该双轮电动平衡车上时，若每个车轮与地面接触面积为20cm2，则地面受到的压强是Pa；他驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍，小明驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，则每个电动机的平均输出功率为路程是km。W，平衡车最大行驶的第12页（共12页）

2023年辽宁省沈阳市东北育才学校初中部中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、单选题（每题2分，共12分）1．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、一个苹果的质量约200g，一部手机的质量与此差不多，在200g左右，故A符合实际；B、一般智能手机正常使用时的功率比较小，在1W以内，故B不符合实际；C、手机充电器的输出电压一般为3.7V，故C不符合实际；D、中学生食指宽度约10mm，智能手机厚度约为此数值的一半，在5mm左右，故D不符合实际。故选：A。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2．【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）自身能发光的物体称为光源；（3）镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律；不同点是镜面反射是入射光线是平行光线时，反射到光滑的镜面，又以平行光线出去；漫反射时，入射光线是平行光线时，反射到粗糙的物体，反射光线向各个方向出去；（4）音色与发声体的材料和结构有关，不同的人发出声音的音色不同。【解答】解：A、机器人旁边的影子，是光的直线传播形成的，故A错误；B、条形码自身不能发光，不是光源，故B错误；C、行人从各个方向都能看到机器人，是由于阳光在它表面发生了漫反射，故C正确；D、用户进行声纹识别时，利用了不同的人发出声音的音色不同，故D错误。故选：C。【点评】此题是光现象中的综合题，涉及到光的直线传播、镜面反射和漫反射、光的色散、凸透镜成像等；分析时要分清选项是哪类光现象，并深究其成因，就可解答。3．【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为第1页（共23页）

液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：A、用滚烫的开水而不用冷水，由于开水在短时间内能提供大量的水蒸气，故A正确；B、水蒸气在极寒环境下可以直接放热凝华成小冰晶，故B正确；C、雾的形成是空气中水蒸气遇冷液化形成的小水滴，泼水成冰是水蒸气凝华成的冰晶，它们的原理不同，故C错误；D、开水提供水蒸气是汽化现象，汽化吸热，故D正确。故选：C。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。4．【分析】（1）受力的物体如果处于平衡状态，其受到力是平衡力；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举高的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；（3）地球附近的一切物体都受到重力的作用；（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。【解答】解：A、站立在高台上时，运动员处于平衡状态，所受重力与台面对他的支持力符合二力平衡条件，二力是一对平衡力，故A正确；B、运动员沿助滑区下滑时，其质量不变，高度不断变小，所以他的重力势能越来越小，故B错误；C、运动员从起跳台起跳腾空后，仍然受重力的作用，故C错误；D、运动员到达终点区不能立刻停下来是由于运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故D错误。故选：A。【点评】此题考查了平衡力和相互作用力的辨别、重力、重力势能的大小变化、惯性等，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。5．【分析】（1）开关与被控制的电路串联；（2）家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零第2页（共23页）

线时，氖管不会发光；（3）三孔插座的连接方法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地导走了，从而切断电路；（4）电路电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大。【解答】解：A、由图可知，空气开关Q控制吊灯灯泡，因此空气开关Q与吊灯灯泡是串联，故A错误；B、图中P处为火线，正常状况下，用试电笔接触P点氖管会发光，故B错误；C、三孔插座的连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，因此图中M点为火线；漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源，当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内火线，电流会从大地导走，此时漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用，故C正确；D、当N处的空气开关跳闸时，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了对家庭电路的了解、以及漏电保护器、空气开关、试电笔的特点及应用，属安全用电的常识，应熟知。6．【分析】（1）第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，此时R1、R2串联，电压表V1测R1滑片以右部分电阻和R2两端的电压，电流表测通过电路的电流，电压表内阻很大，相当于断路，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，故R2接入电路最大阻值，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知R1的滑片从最左端滑至最右端，电流表示数不变，电压表V1的示数会逐渐变小，故此时电压表V1与电流表示数的变化关系如图乙中水平直线所示，当R1的滑片在最右端时，电压表V1测量R2两端的电压，由图乙可知此时电压表V1的示数，当R1的滑片在最左端时，电压表V1测量电源电压，由图乙可知电源电压；根据串联电路电压规律计算当R1的滑片在最右端时R1两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知R1＝R2；（2）第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，灯泡和R2串联，电压表V2测量灯泡两端的电压，电流表测通过电路的电流，第3页（共23页）

将滑动变阻器R2的滑片从阻值最大处移到小灯泡正常发光处，电压表V2与电流表示数的变化关系如图乙曲线所示，当滑动变阻器R2的滑片在阻值最大处时，电路中电流最小为0.16A，此时灯泡电压为1.6V，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值；由图乙可知灯泡正常发光时UL＝6V，电流IL＝0.5A，根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电阻；根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器R2两端的电压为，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的最小电阻，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，进一步确定滑动变阻器R2接入电路的阻值变化范围。【解答】解：（1）第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，此时R1、R2串联，电压表V1测R1滑片以右部分电阻和R2两端的电压，电流表测通过电路的电流，电压表内阻很大，相当于断路，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，故R2接入电路最大阻值，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知R1的滑片从最左端滑至最右端，电流表示数不变，电压表V1的示数会逐渐变小，故此时电压表V1与电流表示数的变化关系如图乙中水平直线所示，当R1的滑片在最右端时，电压表V1测量R2两端的电压，示数为4V，当R1的滑片在最左端时，电压表V1测量电源电压，示数为8V，故电源电压为8V，故A正确；串联电路总电压等于各部分电压之和，当R1的滑片在最右端时，R1两端的电压为8V﹣4V＝4V，R1两端的电压等于R2两端的电压，串联电路各处电流相等，根据欧姆定律变形式R＝可知R1＝R2；（2）第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，灯泡和R2串联，电压表V2测量灯泡的电压，电流表测通过电路的电流，将滑动变阻器R2的滑片从阻值最大处移到小灯泡正常发光处，电压表V2与电流表示数的变化关系如图乙曲线所示，当滑动变阻器R2的滑片在阻值最大处时，电路中电流最小为0.16A，此时灯泡电压为1.6V，根据串联电路电压规律可得滑动变阻器电压为：U2＝U﹣UL′＝8V﹣1.6V＝6.4V，第4页（共23页）

根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值为：R2＝＝＝40Ω＝R1，故B正确；由图乙可知灯泡正常发光时UL＝6V，电流IL＝0.5A，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝＝12Ω，故C错误；此时滑动变阻器R2两端的电压为：U2′＝U﹣UL＝8V﹣6V＝2V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，为：R2小＝＝＝4Ω，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，所以滑动变阻器R2接入电路的阻值变化范围为4～40Ω，故D正确。故选：C。【点评】本题考查串联电路的和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键，有一定难度。二、多选题（每题3分，少选得1分，错选多选不得分，共12分）7．【分析】改变物体内能的两种方式是做功和热传递；物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力；液体分子运动的剧烈程度与温度有关。【解答】解：A．从图甲可以看到，塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对瓶塞做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故A正确；B．从图乙可以看到，抽掉玻璃板一段时间后，二氧化氮和空气两种气体会混合在一起，两瓶子的颜色变得均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动，故B正确；C．图丙中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于分子间存在引力，但分子之间同时存在斥力，故C错误；D．热水温度比冷水温度高，热水杯的颜色变化快，说明分子运动的剧烈程度与温度有关，故D正确。故选ABD。【点评】本题考查了分子动理论、改变内能的方法、液体分子运动的剧烈程度的影响因素，属于基础题。8．【分析】（1）平面镜成像特点，像到镜面的距离和物体到镜面的距离相等；第5页（共23页）

（2）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像；（3）平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系，如果玻璃板不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A像的情况。【解答】解：A、蜡烛A到平面镜的距离4cm，像到平面镜的距离也是4cm，则蜡烛B距玻璃板为4cm才能与蜡烛A的像完全重合，故A错误；B、因为平面镜所成的像是虚像；虚像不会被挡光板挡住，所以在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，还是能透过玻璃板看到A的像，故B正确；C、平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系；所以丙图中玻璃板中的像偏高且倾斜（如下图所示），故C正确；D、平面镜成像特点，蜡烛A是能在玻璃板中成像的，而且像和物关于平面镜成对称关系；所以丁图中玻璃板中的像偏低且倾斜（如下图所示），故D错误。丙和丁图中玻璃板没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，如下图：故选：BC。【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，平面镜成像的实质与特点是光学的基本知识点，是我们应该重点掌握的内容，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，来考查同学们思考，解决问题的能力。9．【分析】（1）（4）抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处；（2）根据相互作用力分析力的方向；（3）根据图示分析水的流动情况。【解答】解：A、抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处，所以抽水机是利用大气压工作的，故A正确；B、在图甲中，当用力在Q处向下压手柄PQ时，手柄上的P点对活塞有一个向上的力，第6页（共23页）

由于物体间力的作用是相互的，活塞对P的作用力是向下的，故B错误；C、在图乙中，在Q点向上抬手柄PQ时，阀门B由于受液体压力而关闭，形成一个闭合的空间，所以水被阻不能向下流动，故C正确；D、抽水机是利用大气压来工作的，一标准气压能支持10m高的水柱，故抽水机提升水的最大高度约为10m，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查大气压的应用，了解抽水机的构造并牢记大气压的应用是解决该题的关键。10．【分析】（1）物体B静止在地面上，处于平衡状态；水平方向上物体B受到向右的弹簧拉力等于地面对它向左的摩擦力与物体A对它向左的摩擦力之和，据此求物体A对它向左的摩擦力，由于力的作用是相互的，可求物体A受到的摩擦力；（2）由图知，水平使用滑轮组，n＝2，拉力端移动速度等于物体移动速度的2倍，利用P＝Fv求拉力做功的功率；（3）由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功W有用＝fs物，拉力端移动距离s＝2s物，拉力做的总功W总＝Fs，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；（4）影响滑动摩擦力大小的两个因素是压力大小和接触面的粗糙程度，结合题意，据此分析。【解答】解：A、物体B静止在地面上，处于平衡状态，则水平方向上物体B受到向右的弹簧测力计的拉力与受到地面水平向右8N的摩擦力之和等于物体A对它向左的摩擦力，即fAB＝22N+8N＝30N，由于力的作用是相互的，物体A受到的摩擦力为f＝fAB＝30N，故A错误；B、由图知，水平使用滑轮组，n＝2，拉力端移动速度v＝2v物＝2×0.1m/s＝0.2m/s，则拉力做功的功率：P＝＝＝Fv＝20N×0.2m/s＝4W，故B正确；C、由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功即克服摩擦力做的功：W有用＝fs物，拉力端移动距离：s＝2s物，拉力做的总功：W总＝Fs＝F×2s物＝2Fs物，滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝×100%＝75%，故C正确；第7页（共23页）

D、若拉力F增大到40N时，A将做加速运动，A在运动过程中，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，即影响滑动摩擦力大小的两个因素不变，则A和B之间的摩擦力不变，所以物体B的运动状态不会改变，故物体B仍然静止，不会向左运动，故弹簧测力计示数不变，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查了水平使用滑轮组时机械效率的计算、功率的计算、滑动摩擦力的影响因素、力的平衡及力的相互性。解决此题的关键是对每个物体进行正确的受力分析，搞清楚各个力之间的关系。三、填空题（每空1分，共20分）11．【分析】根据1μm＝106m进行单位换算；﹣已知1s喷射2L水，进而可得出2h喷射水的体积，再根据求出这些水的质量；物质由液态变为气态是汽化的过程；物质由液态变为固态是凝固的过程。【解答】解：已知1μm＝106m，则2.5μm＝2.5×106m，即2.5×106m的颗粒物；﹣﹣﹣已知1s喷射2L水，则2h喷射水的体积：V＝2×3600s×2L/s＝14400L＝14400dm3＝14.4m3，由可知这些水的质量：m＝ρ水V＝1×103kg/m3×14.4m3＝1.44×104kg＝14.4t；盛夏，喷射出的水滴还未落地就已汽化成水蒸气；寒冬，喷射出的水滴很快凝固成冰粒，危及道路安全。故答案为：2.5×106；14.4；汽化；凝固。﹣【点评】本题考查了长度单位换算、密度公式的应用和对汽化、凝固的理解，属于基础题，难度不大。12．【分析】（1）改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低；内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析；（2）四冲程内燃机的曲轴转2圈，完成4个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次；（3）冷却液的比热容较大，相同质量的冷却液和其他物质，在升高相同温度的情况下，第8页（共23页）

冷却液吸收的热量最多。【解答】解：（1）图一中活塞压缩空气对空气做功，将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，是通过做功的方法使气体内能增大；图二乙中两个气门都关闭，活塞向上运动，因此是压缩冲程，此过程中将机械能转化为内能；图二丙中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，因此是做功冲程，此过程中将内能转化为机械能；综合分析可知，图一、图二乙中的能量转化情况相同；（2）四冲程内燃机的曲轴转2圈，完成4个冲程，并对外做功1次；汽油机每秒内对外做功15次，曲轴转30圈，则每分钟对外做功900次，曲轴转1800圈，因此曲轴的转速为1800r/min；（3）汽油机工作时会产生大量热，一般用冷却液做冷却剂，是因为冷却液的比热容比较大，由Q吸＝cmΔt可知，与其它液体相比，在质量和升高温度相同时，冷却液可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。故答案为：做功；乙；1800；比热容。【点评】知道做功可以改变物体的内能，能准确判断其能量的转化过程，并能与内燃机的能量转化情况相联系，是解决该题的关键。知道内燃机工作时的四个冲程及改变内能的两种方式，并能利用水的比热容最大这一特性来解释现实问题。13．【分析】（1）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征；（2）壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压；（3）大气压随海拔的升高而减小，根据海拔高度变化判断玻璃管内水柱的高度变化；（4）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。【解答】解：（1）茶壶的壶身和壶嘴，它们上端开口、底部连通，符合连通器的特点，所以其设计遵循了连通器原理；（2）盖上的通气孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在重力的作用下水可以更容易的倒出，若用手堵住通气孔，壶中的水在大气压的作用下不易持续倒出；（3）把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减第9页（共23页）

小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会变大；（4）若在玻璃管的上方沿水平方向吹气，管上方空气的流动速度较大，压强变小，玻璃管中的水柱在瓶内气压作用下而上升，所以玻璃管内水柱的高度变大。故答案为：连通器；大气压；变大；变大。【点评】本题考查了连通器的原理和大气压的应用，气压与海拔高度的关系，以及流速与压强的关系，难度不大，属于基础题。14．【分析】（1）根据B的质量和密度可求B的体积，由图可知，A、B共同悬浮，根据F浮＝G，可求得A的体积，然后可求得A的密度。（2）B放入水中后，A漂浮，有一部分体积露出水面，造成页面下降，根据A漂浮，利用F浮＝G，求出A排开水的体积，然后可知液面下降的高度，再利用p＝ρ水g△h即可求出水对容器底部压强的变化。【解答】解：（1）由ρ＝可得：＝0.1×103m3，﹣VB＝＝图a中，A、B共同悬浮，则F浮A+F浮B＝GA+GB，即ρ水g（VA+VB）＝ρAgVA+mBg，其中VA＝1×103m3，﹣ρA＝＝＝0.5×103kg/m3，（2）B放入水中后，A漂浮，有一部分体积露出水面，造成液面下降，A漂浮，F浮A＝GA，即ρ水gVA排＝ρAgVA，VA排＝＝＝0.5×103m3。﹣液面下降△h＝＝＝＝0.0125m，第10页（共23页）

液面下降△p＝ρ水g△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.0125m＝125Pa。故答案为：0.5×103；125。【点评】本题综合考查了多个公式，关键是知道物体漂浮时浮力等于自身重力以及物体所受力的分析，分析物体所受力这是本题的难点也是重点，还要学会浮力公式及其变形的灵活运用。15．【分析】（1）由表格知吸尘器功率，由W＝Pt计算正常工作10秒时间内电动机做的总功（消耗电能）；（2）由P＝UI计算电动机工作时的电流，由Q＝I2Rt计算10秒时间内电动机线圈发热量；（3）消耗的电能减去线圈产生的热量可得获得的机械能（有用功），获得的机械能与消耗的电能的比值即为电动机的效率。【解答】解：由表中数据知，吸尘器的电动机额定电压220V，额定功率1100W，由可得，正常工作10s时间内电动机做总功W＝Pt＝1100W×10s＝1.1×104J由P＝UI可得通过电动机的电流10秒时间内电动机线圈产生的热量为：Q＝I2Rt＝（5A）2×1Ω×10s＝250J，这台吸尘器正常工作10s获得的机械能为：W有用＝W﹣Q＝1.1×104J﹣250J＝10750J，吸尘器电动机的效率为：。故答案为：1.1×104；250；98。【点评】本题考查了电功、电功率、焦耳定律公式和效率公式的应用，难点是知道对含有电动机的非纯电阻电路，选择公式要合理，为易错题！16．【分析】（1）借助斜面做的有用功等于用F1的力直接将物体A匀速提升h时做的功；（2）知道斜面的机械效率，利用η＝小；第11页（共23页），求拉力F2做的总功，再利用W＝Fs求拉力大

（3）拉力F2做的额外功等于克服摩擦做的功，大小W额＝W总﹣W有用，再利用W额＝fs求物体受到的摩擦力。【解答】解：（1）借助斜面做的有用功等于用F1的力直接将物体A匀速提升h时做的功，则W有用＝300J；（2）由η＝可得拉力F2做的总功：W总＝＝＝500J；由W总＝Fs可得：F2＝＝＝100N；（3）物体克服摩擦力所做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝500J﹣300J＝200J，由W额＝fs得物体受到的摩擦力：f＝＝＝40N。故答案为：300；100；40。【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功的计算，明确额外功是用来克服斜面上的摩擦是解答此题的关键。四、计算题（共24分）17．【分析】（1）已知所做的有用功和物体升高的高度，根据公式G＝可求物体的重力；（2）已知有用功和机械效率，可求拉力所做的总功；从而求出拉力的大小；进一步求出动滑轮的重力；人对地面的压力等于人的重力与向上的拉力之差，最后根据公式P＝求出人对地面的压强；（3）根据公式P＝ρgh求出正方体浸入的深度，进一步求出正方体排开的水的体积，根据公式F浮＝ρ水gV排求出此时正方体受到的浮力；正方体的重力就等于浮力与向上的绳子的拉力之和；进一步求出正方体的质量，根据公式ρ＝求出正方体的密度。【解答】解：（1）物体的重力GA＝答：物体的重力为370N；（2）拉力做的总功W总＝＝＝800J；＝＝370N；第12页（共23页）

绳子拉力F＝＝＝200N；人对地面的压力F地＝G人﹣F＝600N﹣200N＝400N；＝＝1×104Pa；人对地面的压强P地＝答：人对地面的压强为1×104Pa；（3）正方体浸入水中的深度h＝＝﹣﹣＝0.2m；正方体排开水的体积V排＝a2h＝（3×101m）2×0.2m＝1.8×102m3；正方体受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×1.8×102m3＝180N；﹣动滑轮的重力G动＝nF﹣GA＝2×200N﹣370N＝30N；正方体的重力GB＝n′F﹣G0+F浮＝3×200N﹣30N+180N＝750N；正方体的质量mB＝＝﹣＝75kg；﹣正方体的体积VB＝a3＝（3×101m）3＝2.7×102m3；正方体的密度ρB＝＝＝2.8×103kg/m3。答：正方体B的密度为2.8×103kg/m3。【点评】本题考查重力、总功、压力、深度、浮力、压强、密度等的计算，考查的知识点比较多，难点是求正方体的质量和正方体所受的浮力，解题过程中要注意单位的换算。18．【分析】（1）已知氢的热值和消耗氢的质量，根据Q放＝q氢m可求出氢完全燃烧放出的热量；（2）由题可知水吸收的热量，根据Q吸＝c水m′Δt可求出水升高的温度；（3）已知公交车的功率和行驶时间，根据W＝Pt可求出公交车的机械能，再根据η＝求出公交车的效率。【解答】解：（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放＝q氢m＝1.4×108J/kg×0.3kg＝4.2×107J；（2）由题可知水吸收的热量：Q吸＝Q放＝4.2×107J，由Q吸＝c水m′Δt可知水升高的温度：＝＝50℃；第13页（共23页）

（3）已知公交车的功率P＝140kW＝1.4×105W，行驶时间t＝3min＝180s，则公交车的机械能为：W＝Pt＝1.4×105W×180s＝2.52×107J，则公交车的效率：η＝＝＝60%。答：（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是4.2×107J；（2）水升高的温度是50℃；（3）氢能源公交车动力系统的效率是60%。【点评】本题考查了热值、比热容、功和效率的相关计算，属于基本计算题，难度不大。19．【分析】（1）灯L标有“8V6.4W”字样，根据P＝可知灯的电阻；只闭合S1时，灯L和R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电源电压；（2）闭合S1、S2、S3，灯短路，滑片移到b端时，R1与R2的最大阻值并联，电压表测电源电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，根据P＝率；（3）只闭合S2时，灯L和R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，根据P＝UI可知灯泡正常发光时的电流，由电阻的串联规律及欧姆定律，结合电功率公式，根据P2＝I22R2＝（）2R2＝＝，分析并得出得出滑动可知滑动变阻器消耗的功变阻器R2的最大功率。【解答】解：（1）灯L标有“8V6.4W”字样，根据P＝可知灯的电阻为RL＝＝＝10Ω；只闭合S1时，灯L和R1串联，等效图如图1所示，根据串联电阻的规律及欧姆定律，电源电压为：U＝I（R1+RL）＝0.6A×（5Ω+10Ω）＝9V；第14页（共23页）

（2）闭合S1、S2、S3，灯短路，滑片移到b端时，等效图如图2所示，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以滑动变阻器消耗的功率：P滑＝＝＝1.8W，（3）只闭合S2时，灯L和R2串联，等效图如图3所示，根据P＝UI可知灯泡正常发光时的电流IL＝＝＝0.8A，由电阻的串联规律及欧姆定律，结合电功率公式，则滑动变阻器R2的功率：P2＝I22R2＝（）2R2＝＝，由上式可知，当RL＝R2时（由分压原理，灯与变阻器的电压相等，由串联电路电压的规律，灯泡的电压和电压表示数都为4.5V，因灯的实际电压4.5V小于灯的额定电压8V，故电路的电流小于0.8A，电压表、电流表及灯泡均安全），变阻器有最大电功率，第15页（共23页）

故滑动变阻器R2的最大电功率P2大＝答：（1）电源电压为9V；＝＝2.025W。（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率为1.8W；（3）只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器R2功率的最大值为2.025W。【点评】本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，难度较大。五、实验题（共26分）20．【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；（2）温度计读数时视线与液柱的上表面相平；（3）由表中数据得到水沸腾的温度；水沸腾时的特点：吸热但温度不变；（4）通过表格中数据分析解答。【解答】解：（1）实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰触容器底和壁，所以安装器材时应按照自下而上的顺序进行。（2）温度计读数时视线与液柱的上表面相平，A、B、C三种读数方法，读数正确的是B。（3）水沸腾时，吸热温度不变，温度不变的这个温度就是沸点，由图乙可知，水的沸点是98℃，水沸腾过程中的特点是不断吸热，温度保持不变。（4）分析表中数据可知，当盐水浓度增大时，盐水的沸点也升高。根据盐水的这个特点，我们煮食物时，最好选择后放盐，其目的是让汤汁尽快沸腾。故答案为：（1）自下而上；（2）B；（3）98；保持不变；（4）升高；后。【点评】本题考查了水沸腾的实验、沸点、沸腾的特点的关系，是一道基础题。21．【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；（2）当2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机和投影仪；根据经过光心的光线的传播方向不变分析；（3）根据凸透镜的成像规律分析；（4）凸透镜成实像时，都是倒立的；中间薄、边缘厚的透镜为凹透镜，凹透镜只能成正立、缩小的虚像。【解答】解：（1）凸透镜成像实验中，把凸透镜、蜡烛、光屏放在同一条直线上，点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜，光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，烛焰的像才能呈现在光屏的中央位置；第16页（共23页）

（2）由甲图可知，蜡烛在一倍焦距和二倍焦距之间，根据凸透镜的成像规律，此时成倒立放大的实像，其应用是投影仪；当凸透镜成倒立的实像，物体向下移动，像向上移动，由图乙知，像落在光屏的上方，要使像成在光屏的中央，应将凸透镜向下调整，也可以将蜡烛向上移动，像就向下移动；（3）由丙图可知，物距为15cm，在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大的实像，在二倍焦距以外，此时光屏在距透镜15cm处，光屏上没有清晰的像。当蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动时，物距和透镜到光屏二点距离是等距离增加的，当物距增加5cm到20cm等于二倍物距时，透镜到光屏的距离恰好也等于20cm，根据凸透镜的成像规律，此时光屏上成清晰的像，由v＝可知蜡烛和凸透镜经过5s后，光屏上成清晰的像；（4）由图示可知，像为倒立、缩小的实像，那么水球相当于凸透镜；王亚平向水球里注射一个气泡，水球因此被气泡变为了两部分，中间是空气，气泡周围是水。这个时候整个水球就变成了两个透镜，外圈成为了一个凸透镜，所以呈现出一个倒立的像，内圈相当于变成了两个凹透镜的组合，这个时候又出现了一个正立的像。故答案为：（1）同一高度；（2）投影仪；下；（3）5；（4）实；凹透镜。【点评】本题考查了凸透镜和凹透镜成像的规律，掌握凸透镜成像规律并能灵活运用分析实际问题。22．【分析】（1）将天平放在水平工作台上，使用之前要调平；天平的平衡螺母只能在调节天平横梁平衡时移动，在称量物体质量的过程中不能再移动平衡螺母。当天平的左盘放物体，右盘放砝码时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧；需要移动游码，向右移动游码相当于向右盘中增加砝码；（2）小石块的质量等于砝码的质量加上游码对应的刻度值；（3）浸没在液体中的固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差；（4）知道质量和体积，根据密度公式计算小石块的密度；（5）③将小石块缓慢地没入悬挂着的小桶内的水中，目的是测出小石块受到的浮力，进一步得到小石块的体积；为了保证浮力值的准确，要保证不碰触小桶的底部和侧壁，因为触碰和不触碰两种情况下，电子秤的示数是不一样的；小石块受到的浮力可用丙与乙的示数差求得，再根据阿基米德原理可以求得小石块排开水的体积，即为小石块的体积；根据图丙求得小石块的质量，再由密度公式可得小石块的密度；第17页（共23页）

④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量已经测出，故密度偏大。【解答】解：（1）取出最小的砝码后，指针偏左，说明左端的质量大，将处在零刻度位置的游码向右调，相当于往右盘增加更小的砝码，能使天平的横梁平衡，故A不符合题意，B符合题意。故选：B。（2）由图甲可知，砝码的质量是60g，游码的示数是3g，故石块的质量为：m＝50g+10g+3g＝63g。（3）由图乙可知，量筒内原来水的体积是15mL，放入小石块后总体积是45mL，故石块的体积为：V＝45mL﹣15mL＝30mL＝30cm3；小石块的密度为：ρ＝＝＝2.1g/cm3。（4）③将小石块缓慢地浸没入悬挂着的小桶内的水中，但要保证小石块不碰触小桶底部和侧壁，否则测得小石块所受的浮力就不准确了。小石块在水中受到浮力，根据力的作用是相互的，小石块对水有向下的压力，使得电子秤示数增大，则小石块在水中受到的浮力为：F浮＝F3−F2根据阿基米德原理可得，小石块的体积为：V＝V排＝＝；由图甲可知，小石块的重力G＝F1，则小石块的质量为：m＝＝；小石块的密度为：ρ石＝＝＝。④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量已经测出，故密度偏大。故答案为：（1）B；（2）63；（3）30；2.1；（4）不碰触小桶底部和侧壁；；偏第18页（共23页）

大。【点评】本题为测量固体密度的实验，考查天平和量筒的使用、密度计算等知识，有一定难度。23．【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表、滑动变阻器、电流表、开关与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）由图乙求出电流与电阻之积；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；（4）电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯正常发光时的电阻，应首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据R＝可求出灯的电阻。【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，电路可能断路，发现电压表示数接近于电源电压，则电压表、滑动变阻器、电流表、开关与电源连通，则与电压表并联的支第19页（共23页）

路以外的电路是完好的，则与电压表并联的定值电阻断路了；（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：U＝IR＝0.6A×5Ω＝﹣﹣﹣＝0.2A×15Ω＝3V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，电阻变大，分压增多，电压表示数增大，根据控制变量法知在探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V；根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣3V＝1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝0.5×15Ω＝7.5Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少7.5Ω的滑动变阻器；（4）实验步骤：①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器R使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光；②保持滑片的位置不动，闭合开关S、S1，读出此时电压表的示数为U1；在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：U0＝U1﹣U额，由欧姆定律可灯的额定电流：IL＝＝，则小灯泡电阻为：RL＝＝＝R0。故答案为：（1）如上图；（2）定值电阻断路；（3）3；左；7.5；（4）S1；②S、③R0。【点评】此题考查了探究电流与电阻关系的实验过程，包括实物图的连接、电路故障的判断、实验器材的选择、串联电路特的应用以及特殊的方法测量电阻，是一道综合题。六、综合题（共6分）24．【分析】（1）电动平衡车驱动前行时的主要部件是电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而转动；第20页（共23页）

（2）根据P＝UI＝求出指示灯L1的阻值，S与“1”接通，触点A与B分离时，L1与R0串联，由图像知灯泡两端电压为1.2V，根据串联电路的电压特点R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用欧姆定律求出定值电阻R0的阻值；根据W＝UIt求出0～1s内电路消耗的电能，当触点A与B接通时，电磁铁和电阻R0被短路，指示灯两端的电压和额定电压相等，根据W＝Pt求出1s～1.5s内电路消耗的电能，由图丙可知一个周期的时间，然后求出10min内周期的个数，然后求出指示灯交替工作10min整个电路消耗的电能。（3）小明站在该双轮电动平衡车上时，地面受到的压力等于车和人的重力之和，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积等于两个车轮与地面的接触面积之和，根据p＝求出对地面的压强；他驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍，据此求出阻力。小明驾驶该电动平衡车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据P＝＝＝Fv求出电动机输出的总功率，电动平衡车的动力来源于左右两个电动机，据此求出每个电动机平均输出功率；由表格数据可知，电动机的能量转化效率为80%，锂电池最大储存电能0.5kW•h，据此求出电池提供的电能用来做功的能量，再根据W＝Fs求出平衡车行驶的路程。【解答】解：（1）电动平衡车驱动前行时的主要部件是电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而转动。A．图中研究电磁感应现象实验，为发电机工作原理，故A不符合题意；B．为奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故B不符合题意；C．通电导体在磁场中受力运动，为电动机的工作原理，故C符合题意；D．串联电路中电流相等，根据通电螺线管吸引大头针数量的多少来研究在电流相等时通电螺线管磁性强弱与线圈匝数的关系，故D不符合题意。故选：C。（2）由P＝UI＝可得，指示灯L1的阻值：第21页（共23页）

＝6Ω，S与“1”接通，触点A与B分离时，L1与R0串联，灯的电压小于电源电压（当触点A与B接通时，电磁铁和电阻R0被短路，指示灯两端的电压和额定电压相等），由图像知灯泡两端电压UL′＝1.2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R0两端的电压：U0＝U﹣UL′＝6V﹣1.2V＝4.8V，因串联电路中各处的电流相等，所以此时电路中的电流：，由欧姆定律可知定值电阻R0的阻值：，0～1.0s内电路消耗的电能：W1＝UIt＝6V×0.2A×1s＝1.2J，当触点A与B接通时，电磁铁和电阻R0被短路，指示灯两端的电压和额定电压相等，灯的实际功率为其额定功率，则1s～1.5s内电路消耗的电能：W2＝PLt′＝6W×0.5s＝3J，由图丙可知，一个周期的时间T＝1.5s，10min内的周期个数为，则指示灯交替工作10min整个电路消耗的电能：W＝（W1+W2）×400＝（1.2J+3J）×400＝1680J（3）小明站在该双轮电动平衡车上时，地面受到的压力大小为：F＝G总＝（m车+m人）g＝（20kg+60kg）×10N/kg＝800N，受力面积S＝2×20cm2＝40cm2＝4×103m2，﹣对地面的压强：＝2×105Pa，他驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍，则阻力：f＝0.1G总＝0.1×800N＝80N，小明驾驶该电动平衡车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是第22页（共23页）

一对平衡力，所以，电动机的牵引力：F引＝f＝80N，已知最大速度为v＝18km/h＝5m/s，由P＝＝＝Fv，可得电动机输出的总功率：P＝F引v＝80N×5m/s＝400W，因电动平衡车的动力来源于左右两个电动机，所以，每个电动机平均输出功率：P′＝0.5×400W＝200W，由表格数据可知，电动机的能量转化效率为80%，锂电池最大储存电能0.5kW•h，则电池提供的电能用来做功的能量：W功＝80%×0.5kW•h＝0.4kW•h＝1.44×106J，由W＝Fs可得平衡车行驶的路程：＝1.8×104m＝18km。故答案为：（1）C；（2）24；1680；（3）2×105；200；18。【点评】本题是一道力学、电学、磁学的综合题，涉及到电动机的原理、串联单路的特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式的综合应用等，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。第23页（共23页）

2024年1月24日发(作者：矫涵畅)

2023年辽宁省沈阳市东北育才学校初中部中考物理三模试卷一一、单选题（每题2分，共12分）1．（2分）“停课不停学”期间，同学们使用智能手机进行空中课堂学习。下列数据符合一般智能手机实际的是（）A．手机的质量约200gB．一般智能手机的功率约为220WC．手机充电器的输出电压约为36VD．智能手机的厚度约为2mm2．（2分）人工智能飞速发展的今天，智能配送机器人已被广泛使用，用户可通过人脸识别、输入（扫描）取货码等多种方式取货。如图是某款机器人正在送货的情景，下列分析正确的是（）A．机器人旁边的影子，是光的折射形成的B．机器人通过扫描条形码取货，条形码是光源C．行人都能看见机器人，是由于阳光在它表面发生了漫反射D．用户进行声纹识别时，利用了不同的人发出声音的音调不同3．（2分）去年的12月6日，黑龙江伊春最低气温达到零下33度，因此吸引了众多游客前来尝试泼水成冰的游戏。如图所示，“泼水成冰”的游戏需要滚烫的开水在零下30度以下的极寒环境中才能成功。关于“泼水成冰”的原理说法错误的是（）A．用滚烫的开水而不用冷水是因为开水在短时间内能提供大量的水蒸气B．图中水蒸气在极寒环境下遇冷放热直接凝华成小冰晶C．和“泼水成冰”形成原理相同的自然现象还有雾的形成D．开水提供水蒸气的物态变化过程是汽化，汽化需要吸热第1页（共12页）

4．（2分）2022年2月15日，滑雪运动员苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台的项目中夺得第一名，为我国摘得第6金。大跳台的场地分为助滑区、起跳台、着陆坡和终点区域四个部分。运动员从高为50m的高台起滑，沿着助滑区滑行而下，冲上起跳台起跳，完成空翻、转体、抓板等各种技术动作后着陆，最终滑向终点区停下来。关于大跳台项目中的运动现象，下列说法中正确的是（）A．站立在高台上时，运动员所受重力与台面对他的支持力是一对平衡力B．运动员沿助滑区下滑时，他的重力势能越来越大C．运动员从起跳台起跳腾空后，不受重力作用D．运动员到达终点区不能立刻停下来是由于受到阻力的作用5．（2分）如图是一个住宅户内的配电系统方框图。下列说法中正确的是（）A．空气开关Q与吊灯灯泡是并联B．当吊灯正常发光时，用试电笔接触P处的导线氖管不会发光C．当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内的金属片时，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用D．当N处的空气开关跳闸时，一定是空调和吊灯同时使用引起的6．（2分）如图甲所示，电源电压不变，第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，R1的滑片从最左端滑至最右端；第二次闭合开关S2、S3，断开第2页（共12页）

S1、S4，将滑动变阻器R2的滑片从最大值移到小灯泡正常发光。两次过程中电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。保证电路安全的前提下，下列说法不正确的是（）A．电源电压为8VB．R1的最大阻值为40ΩC．小灯泡正常发光时的电阻为10ΩD．闭合开关S2、S3，断开S1、S4，保证电路安全的前提下，R2的变化范围为4～40Ω二、多选题（每题3分，少选得1分，错选多选不得分，共12分）（多选）7．（3分）关于图所示的四个实验情景，下列分析正确的是（）A．如图塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能B．如图抽掉玻璃板一段时间后，两瓶内气体混合在一起颜色变得均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动C．如图两个底面削平的铅柱紧压在一起后能吊住重物，说明固体分子间只存在引力第3页（共12页）

D．如图在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，静置片刻后杯中的情况，说明液体分子运动的剧烈程度与温度有关（多选）8．（3分）如图甲所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置，图乙、丙和丁是探究过程中实验装置的侧视图，则下列说法中正确的是（）A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合B．如图乙所示，若在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，则仍能通过玻璃板观察到A的像C．若实验时装置如图丙所示，则蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜D．若实验时装置如图丁所示，则蜡烛A不能在玻璃板中成像（多选）9．（3分）如图是活塞式抽水机工作的示意图，下列说法正确的是（）A．抽水机是利用大气压来工作的B．在图甲中，当用力在Q处向下压手柄PQ时，手柄上的P点受到的作用力竖直向上C．在Q点向上抬手柄PQ时，阀门B由于受液体压力而关闭，水被阻不能向下流动D．这样的抽水机提升水的最大高度约为10m（多选）10．（3分）如图所示，拉力F为20N，物体A以0.1m/s的速度在表面足够长的物体B表面做匀速直线运动；物体B静止在地面上，受到地面水平向右8N的摩擦力，弹第4页（共12页）

簧测力计示数为22N，下列说法正确的是（）A．物体A受到的摩擦力为20NB．拉力F的功率为4.0WC．滑轮组的机械效率为75%D．拉力F增大至40N时，弹簧测力计示数为44N三、填空题（每空1分，共20分）11．（4分）PM2.5是漂浮于空气中，直径小于等于2.5μm、即m的颗粒物，某方案提出：利用大型鼓风机向空中喷射大量水滴（如图），吸附空气中的PM2.5下落至地面，但专家认为该方案欠妥，按1s喷射2L水计算，持续喷射2h就需喷水喷射出的水滴还未落地就已成水蒸气；寒冬，喷射出的水滴很快t；盛夏，成冰粒，危及道路安全。（ρ水＝1×103kg/m3）12．（4分）如图一为空气压缩引火仪，活塞向下运动，利用其能量转化过程与图二中的方式使气体内能变化，（选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）冲程相同。若r/min，汽油机需要用冷却液进汽油机1s内对外做功15次，则其曲轴的转速为行降温，是利用了冷却液的大的特性。13．（4分）如图甲所示，水壶壶嘴的高度不低于壶身的高度，其设计遵循了第5页（共12页）的原理；

盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在的作用下不易持续倒出。如图乙所示，（选填小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻璃管内水柱的高度“变大”、“变小”或“不变”），当用一根细管对着玻璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度（选填“变大”、“变小”或“不变”）。14．（2分）底面积为400cm2的圆柱形容器内装有适量的水，将其竖直放在水平桌面上，把边长为10cm的正方体木块A放入水后，再在木块A的上方放一物体B，物体B恰好没入水中，如图（a）所示，已知物体B的密度为6×103kg/m3，质量为0.6kg，（取g＝10N/kg），则木块A的密度为的压强变化了Pa。kg/m3；若将B放入水中，如图（b）所示，则水对容器底部15．（3分）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作10秒时间内电动机做总功为________J，若电动机线圈电阻为1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是尘器电动机的效率为%（保留整数）。358×248×3072201100J，该吸产品尺寸（mm）额定电压（V）额定功率（W）第6页（共12页）

16．（3分）如图所示，手用F1的力直接将物体A匀速提升h，做功300J；若借助长5m的斜面用力F2把A匀速提升相同高度，斜面的机械效率是60%，借助斜面做的有用功为_________J，拉力F2是N，物体A受到斜面的摩擦力是N。四、计算题（共24分）17．有一根绳子，通过如图甲所示的滑轮组，能够提起的最重物体是A，物体再重绳子将断裂（不计绳重和摩擦）。求：（1）将A匀速提高2m做的有用功为740J，则物重GA＝？（2）若此时滑轮组机械效率为92.5%，人的体重为600N，每只脚与地面接触面积为2×102m2，则人对地面的压强p地＝？﹣（3）若用这根绳子和这些滑轮，组成图乙所示滑轮组，利用它从水中缓慢匀速提起（不计水的阻力）一个边长为3×101m的正方体B，当提到B的下表面所受水的压强为2﹣×103Pa时，绳子断裂。则正方体B的密度ρB＝？18．氢燃料新能源公交车已经投入使用，如图所示。氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点。请完成下列问题。【c水＝4.2×103J/（kg•℃）；q氢＝1.4×108J/kg】（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？（2）若这些热量全部被质量为200kg、温度为15℃的水吸收，水升高的温度是多少？（3）若某氢能源公交车以140kW的恒定功率匀速行驶，0.3kg的氢燃料完全燃烧释放的能量能使该公交车匀速行驶3min，则氢能源公交车动力系统的效率是多少？第7页（共12页）

19．如图所示，电路的电源电压和灯泡电阻不变，R1＝5Ω，灯L标有“8V，6.4W”字样，电流表量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2标有“45Ω2A”字样。（1）只闭合S1时，电流表的示数为0.6A，求电源电压；（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率；（3）只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，求滑动变阻器R2功率的最大值。五、实验题（共26分）20．如图所示，图中是小红探究“水的沸腾”的实验装置。（1）安装实验器材时，应按照（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序进行；（填字母代号）；（选（2）A、B、C三种读数方法中正确的是（3）由图乙可知，水的沸点是填“升高”、“降低”或“保持不变”）；℃，水沸腾过程中不断吸热，温度（4）为了拓展研究，小红在实验时往水中加了适量盐，在相同的条件下，获得了与其他第8页（共12页）

同学不同的沸点值为了探究盐水的浓度与沸点的关系，同学们用不同浓度的盐水做了沸腾实验，通过实验得出不同浓度的盐水在标准大气压下的沸点，数据记录如表分析：盐水的浓度/%沸点/℃0100.02100.34100.66101.08101.310101.612102.014102.3表中数据可知，当盐水浓度增大时其沸点（降低/不变/升高）。据以上探究得到（先/后）放盐。的结果，我们煮食物时要想让汤汁尽快沸腾，最好选择21．小强同学探究凸透镜成像的规律如图装置，凸透镜的焦距是10cm。（1）点燃蜡烛后，应调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心在上；（2）将实验器材按图中甲位置放置后，光屏上成清晰的像，应用此规律工作的是_______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。实验一段时间后，光屏上的像“跑”到图乙所示的位置，若要像重新回到光屏中央，应将凸透镜向移（选填“上”或“下”）；（3）小强同学进一步探究：如图丙所示，凸透镜的焦距为10cm，保持光屏位置不变，让蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动，经过_______s，光屏上成清晰的像。（4）图丁是2021年12月9日“天宫课堂”中，航天员王亚平为大家直播演示“神奇的太空小水球”实验，如图甲是通过水球成了一个倒立的（选填“实”或“虚”）像的瞬间。随后，王亚平向水球里注射一个气泡，神奇的一幕发生了，水球里竟然形成第9页（共12页）

了一正一反的两个人像，如图戊注入气泡后，中间部分相当于两个填“平面镜”“凸透镜”或“凹透镜”）。组成的（选22．学习了密度的测量知识后，小明同学想自己做实验测量小石块的密度，于是从实验室借来仪器进行实验：（1）将天平取出放在水平桌面上，正确测量时，当他将最小砝码放入右盘中时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧，则此时应A．向右调节平衡螺母B．取下最小砝码后移动游码g；；（2）天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为（3）将小石块取下后，用细线将石块系住，慢慢放入如图乙所示的量筒内，发现水面上升到45mL处，小石块的体积为cm3，则小石块的密度为g/cm3；（4）小明又想用爸爸新买的精度很高的手提式电子秤，（既可以测量力，也可以测量质量），对石块的密度重新进行了测量，步骤如下：①先将小石块用细线系好，悬挂在电子秤的下端，如图丙所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F1；②再在小桶里倒入适量的水，悬挂在电子秤的下端，如图丁所示，待电子秤示数稳定后，读出并记为F2；③再用手提着系着小石块的细线一端，将小石块缓慢地浸没在水中，但要保证石块，如图戊所示。待电子秤示数稳定后，读出并记为F3，完成以上测量后，根；（用字母表示）（选填“偏据所得实验数据，请你写出石块密度的表达式：ρ石＝，会使密度测量值④若戊图中石块吸水（石块吸水后体积保持不变）大”、“偏小”或“不变”）。23．某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小丽连接了如图﹣1所第10页（共12页）

示的电路（电源电压保持4.5V不变）。（1）请你用笔画线代替导线将图﹣1中实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电路中电流变大，导线不能交叉）。（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，若故障只出在用电器上，则故障为。（3）图﹣2是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为变阻器的滑片P向V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，应该将滑动（选填“左”或“右”）端滑动从而达到控制R两端的电压不变的目的；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的最大阻值至少是_______Ω。（4）实验结束后，小丽用如图﹣3所示电路，测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻（U额小于电源电压），电阻R0已知，将下面实验步骤补充完整。①只闭合开关S、S2，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；②只闭合开关③小灯泡电阻RL＝六、综合题（共6分）24．阅读短文，回答问题电动平衡车电动平衡车又称体感车，是一种时尚代步工具，以内置的精密固态陀螺仪来判断车身所处的姿势状态，检测车体姿态的变化，并利用伺服控制系统，精确地驱动左右两个电动机进行相应的调整，以保持系统的平衡，电动平衡车采用站立式驾驶方式，如图1所示，通过身体重心和操控杆控制车体运行，采用锂电池组作为动力来源驱动左右两个电动机行驶。第11页（共12页），保持滑动变阻器滑片位置不变，读出电压表示数为U1；。（用U额、U1、R0表示）

如表为某品牌电动平衡车部分技术参数。平衡车的转向指示灯电路如图乙所示，电路中电源电压恒为6V，指示灯L1、L2的规格均为“6V，6W”，R0为定值电阻，电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计，不考虑指示灯电阻随温度的变化，当单刀双掷开关S与“1”接通后，左转指示灯L1会亮暗交替闪烁。在此过程中，左转指示灯L1两端实际电压UL随时间，变化规律如图1丙所示。电池电池最大储能每个电动机最大输出功率每个电动机的能量转化效率可光锂电池0.5kW•h350W80%车身自重最大载重最高速度最大陡坡；20kg90kg18km/h30°（1）如图2所示，与电动平衡车驱动前行过程原理相同的是（2）图1乙电路中定值电阻R0的阻值为Ω，在单刀双掷开关S与“1”接通情J；况下，左转指示灯L1亮暗交替闪烁工作10min，则整个电路消耗的电能为（3）体重为60kg的小明站在该双轮电动平衡车上时，若每个车轮与地面接触面积为20cm2，则地面受到的压强是Pa；他驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍，小明驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，则每个电动机的平均输出功率为路程是km。W，平衡车最大行驶的第12页（共12页）

2023年辽宁省沈阳市东北育才学校初中部中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、单选题（每题2分，共12分）1．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、一个苹果的质量约200g，一部手机的质量与此差不多，在200g左右，故A符合实际；B、一般智能手机正常使用时的功率比较小，在1W以内，故B不符合实际；C、手机充电器的输出电压一般为3.7V，故C不符合实际；D、中学生食指宽度约10mm，智能手机厚度约为此数值的一半，在5mm左右，故D不符合实际。故选：A。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2．【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）自身能发光的物体称为光源；（3）镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律；不同点是镜面反射是入射光线是平行光线时，反射到光滑的镜面，又以平行光线出去；漫反射时，入射光线是平行光线时，反射到粗糙的物体，反射光线向各个方向出去；（4）音色与发声体的材料和结构有关，不同的人发出声音的音色不同。【解答】解：A、机器人旁边的影子，是光的直线传播形成的，故A错误；B、条形码自身不能发光，不是光源，故B错误；C、行人从各个方向都能看到机器人，是由于阳光在它表面发生了漫反射，故C正确；D、用户进行声纹识别时，利用了不同的人发出声音的音色不同，故D错误。故选：C。【点评】此题是光现象中的综合题，涉及到光的直线传播、镜面反射和漫反射、光的色散、凸透镜成像等；分析时要分清选项是哪类光现象，并深究其成因，就可解答。3．【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为第1页（共23页）

液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：A、用滚烫的开水而不用冷水，由于开水在短时间内能提供大量的水蒸气，故A正确；B、水蒸气在极寒环境下可以直接放热凝华成小冰晶，故B正确；C、雾的形成是空气中水蒸气遇冷液化形成的小水滴，泼水成冰是水蒸气凝华成的冰晶，它们的原理不同，故C错误；D、开水提供水蒸气是汽化现象，汽化吸热，故D正确。故选：C。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。4．【分析】（1）受力的物体如果处于平衡状态，其受到力是平衡力；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举高的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；（3）地球附近的一切物体都受到重力的作用；（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。【解答】解：A、站立在高台上时，运动员处于平衡状态，所受重力与台面对他的支持力符合二力平衡条件，二力是一对平衡力，故A正确；B、运动员沿助滑区下滑时，其质量不变，高度不断变小，所以他的重力势能越来越小，故B错误；C、运动员从起跳台起跳腾空后，仍然受重力的作用，故C错误；D、运动员到达终点区不能立刻停下来是由于运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故D错误。故选：A。【点评】此题考查了平衡力和相互作用力的辨别、重力、重力势能的大小变化、惯性等，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。5．【分析】（1）开关与被控制的电路串联；（2）家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零第2页（共23页）

线时，氖管不会发光；（3）三孔插座的连接方法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地导走了，从而切断电路；（4）电路电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大。【解答】解：A、由图可知，空气开关Q控制吊灯灯泡，因此空气开关Q与吊灯灯泡是串联，故A错误；B、图中P处为火线，正常状况下，用试电笔接触P点氖管会发光，故B错误；C、三孔插座的连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，因此图中M点为火线；漏电保护器只有在电路发生漏电或有人触电时才会切断电源，当站在地上的人不小心用手指接触到插孔M内火线，电流会从大地导走，此时漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用，故C正确；D、当N处的空气开关跳闸时，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了对家庭电路的了解、以及漏电保护器、空气开关、试电笔的特点及应用，属安全用电的常识，应熟知。6．【分析】（1）第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，此时R1、R2串联，电压表V1测R1滑片以右部分电阻和R2两端的电压，电流表测通过电路的电流，电压表内阻很大，相当于断路，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，故R2接入电路最大阻值，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知R1的滑片从最左端滑至最右端，电流表示数不变，电压表V1的示数会逐渐变小，故此时电压表V1与电流表示数的变化关系如图乙中水平直线所示，当R1的滑片在最右端时，电压表V1测量R2两端的电压，由图乙可知此时电压表V1的示数，当R1的滑片在最左端时，电压表V1测量电源电压，由图乙可知电源电压；根据串联电路电压规律计算当R1的滑片在最右端时R1两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知R1＝R2；（2）第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，灯泡和R2串联，电压表V2测量灯泡两端的电压，电流表测通过电路的电流，第3页（共23页）

将滑动变阻器R2的滑片从阻值最大处移到小灯泡正常发光处，电压表V2与电流表示数的变化关系如图乙曲线所示，当滑动变阻器R2的滑片在阻值最大处时，电路中电流最小为0.16A，此时灯泡电压为1.6V，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值；由图乙可知灯泡正常发光时UL＝6V，电流IL＝0.5A，根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电阻；根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器R2两端的电压为，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器接入电路的最小电阻，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，进一步确定滑动变阻器R2接入电路的阻值变化范围。【解答】解：（1）第一次闭合开关S1、S4，断开S2、S3，此时R1、R2串联，电压表V1测R1滑片以右部分电阻和R2两端的电压，电流表测通过电路的电流，电压表内阻很大，相当于断路，滑动变阻器R2的滑片置于最右端，故R2接入电路最大阻值，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知R1的滑片从最左端滑至最右端，电流表示数不变，电压表V1的示数会逐渐变小，故此时电压表V1与电流表示数的变化关系如图乙中水平直线所示，当R1的滑片在最右端时，电压表V1测量R2两端的电压，示数为4V，当R1的滑片在最左端时，电压表V1测量电源电压，示数为8V，故电源电压为8V，故A正确；串联电路总电压等于各部分电压之和，当R1的滑片在最右端时，R1两端的电压为8V﹣4V＝4V，R1两端的电压等于R2两端的电压，串联电路各处电流相等，根据欧姆定律变形式R＝可知R1＝R2；（2）第二次闭合开关S2、S3，断开S1、S4，灯泡和R2串联，电压表V2测量灯泡的电压，电流表测通过电路的电流，将滑动变阻器R2的滑片从阻值最大处移到小灯泡正常发光处，电压表V2与电流表示数的变化关系如图乙曲线所示，当滑动变阻器R2的滑片在阻值最大处时，电路中电流最小为0.16A，此时灯泡电压为1.6V，根据串联电路电压规律可得滑动变阻器电压为：U2＝U﹣UL′＝8V﹣1.6V＝6.4V，第4页（共23页）

根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值为：R2＝＝＝40Ω＝R1，故B正确；由图乙可知灯泡正常发光时UL＝6V，电流IL＝0.5A，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝＝12Ω，故C错误；此时滑动变阻器R2两端的电压为：U2′＝U﹣UL＝8V﹣6V＝2V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，为：R2小＝＝＝4Ω，滑动变阻器接入电路的电阻越大，通过电路的电流越小，所以滑动变阻器R2接入电路的阻值变化范围为4～40Ω，故D正确。故选：C。【点评】本题考查串联电路的和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键，有一定难度。二、多选题（每题3分，少选得1分，错选多选不得分，共12分）7．【分析】改变物体内能的两种方式是做功和热传递；物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力；液体分子运动的剧烈程度与温度有关。【解答】解：A．从图甲可以看到，塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对瓶塞做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故A正确；B．从图乙可以看到，抽掉玻璃板一段时间后，二氧化氮和空气两种气体会混合在一起，两瓶子的颜色变得均匀，说明气体分子在不停地做无规则运动，故B正确；C．图丙中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于分子间存在引力，但分子之间同时存在斥力，故C错误；D．热水温度比冷水温度高，热水杯的颜色变化快，说明分子运动的剧烈程度与温度有关，故D正确。故选ABD。【点评】本题考查了分子动理论、改变内能的方法、液体分子运动的剧烈程度的影响因素，属于基础题。8．【分析】（1）平面镜成像特点，像到镜面的距离和物体到镜面的距离相等；第5页（共23页）

（2）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像；（3）平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系，如果玻璃板不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A像的情况。【解答】解：A、蜡烛A到平面镜的距离4cm，像到平面镜的距离也是4cm，则蜡烛B距玻璃板为4cm才能与蜡烛A的像完全重合，故A错误；B、因为平面镜所成的像是虚像；虚像不会被挡光板挡住，所以在玻璃板与蜡烛B之间放一块挡光板，还是能透过玻璃板看到A的像，故B正确；C、平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系；所以丙图中玻璃板中的像偏高且倾斜（如下图所示），故C正确；D、平面镜成像特点，蜡烛A是能在玻璃板中成像的，而且像和物关于平面镜成对称关系；所以丁图中玻璃板中的像偏低且倾斜（如下图所示），故D错误。丙和丁图中玻璃板没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，如下图：故选：BC。【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，平面镜成像的实质与特点是光学的基本知识点，是我们应该重点掌握的内容，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，来考查同学们思考，解决问题的能力。9．【分析】（1）（4）抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处；（2）根据相互作用力分析力的方向；（3）根据图示分析水的流动情况。【解答】解：A、抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处，所以抽水机是利用大气压工作的，故A正确；B、在图甲中，当用力在Q处向下压手柄PQ时，手柄上的P点对活塞有一个向上的力，第6页（共23页）

由于物体间力的作用是相互的，活塞对P的作用力是向下的，故B错误；C、在图乙中，在Q点向上抬手柄PQ时，阀门B由于受液体压力而关闭，形成一个闭合的空间，所以水被阻不能向下流动，故C正确；D、抽水机是利用大气压来工作的，一标准气压能支持10m高的水柱，故抽水机提升水的最大高度约为10m，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查大气压的应用，了解抽水机的构造并牢记大气压的应用是解决该题的关键。10．【分析】（1）物体B静止在地面上，处于平衡状态；水平方向上物体B受到向右的弹簧拉力等于地面对它向左的摩擦力与物体A对它向左的摩擦力之和，据此求物体A对它向左的摩擦力，由于力的作用是相互的，可求物体A受到的摩擦力；（2）由图知，水平使用滑轮组，n＝2，拉力端移动速度等于物体移动速度的2倍，利用P＝Fv求拉力做功的功率；（3）由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功W有用＝fs物，拉力端移动距离s＝2s物，拉力做的总功W总＝Fs，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；（4）影响滑动摩擦力大小的两个因素是压力大小和接触面的粗糙程度，结合题意，据此分析。【解答】解：A、物体B静止在地面上，处于平衡状态，则水平方向上物体B受到向右的弹簧测力计的拉力与受到地面水平向右8N的摩擦力之和等于物体A对它向左的摩擦力，即fAB＝22N+8N＝30N，由于力的作用是相互的，物体A受到的摩擦力为f＝fAB＝30N，故A错误；B、由图知，水平使用滑轮组，n＝2，拉力端移动速度v＝2v物＝2×0.1m/s＝0.2m/s，则拉力做功的功率：P＝＝＝Fv＝20N×0.2m/s＝4W，故B正确；C、由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功即克服摩擦力做的功：W有用＝fs物，拉力端移动距离：s＝2s物，拉力做的总功：W总＝Fs＝F×2s物＝2Fs物，滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝×100%＝75%，故C正确；第7页（共23页）

D、若拉力F增大到40N时，A将做加速运动，A在运动过程中，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，即影响滑动摩擦力大小的两个因素不变，则A和B之间的摩擦力不变，所以物体B的运动状态不会改变，故物体B仍然静止，不会向左运动，故弹簧测力计示数不变，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查了水平使用滑轮组时机械效率的计算、功率的计算、滑动摩擦力的影响因素、力的平衡及力的相互性。解决此题的关键是对每个物体进行正确的受力分析，搞清楚各个力之间的关系。三、填空题（每空1分，共20分）11．【分析】根据1μm＝106m进行单位换算；﹣已知1s喷射2L水，进而可得出2h喷射水的体积，再根据求出这些水的质量；物质由液态变为气态是汽化的过程；物质由液态变为固态是凝固的过程。【解答】解：已知1μm＝106m，则2.5μm＝2.5×106m，即2.5×106m的颗粒物；﹣﹣﹣已知1s喷射2L水，则2h喷射水的体积：V＝2×3600s×2L/s＝14400L＝14400dm3＝14.4m3，由可知这些水的质量：m＝ρ水V＝1×103kg/m3×14.4m3＝1.44×104kg＝14.4t；盛夏，喷射出的水滴还未落地就已汽化成水蒸气；寒冬，喷射出的水滴很快凝固成冰粒，危及道路安全。故答案为：2.5×106；14.4；汽化；凝固。﹣【点评】本题考查了长度单位换算、密度公式的应用和对汽化、凝固的理解，属于基础题，难度不大。12．【分析】（1）改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低；内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析；（2）四冲程内燃机的曲轴转2圈，完成4个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次；（3）冷却液的比热容较大，相同质量的冷却液和其他物质，在升高相同温度的情况下，第8页（共23页）

冷却液吸收的热量最多。【解答】解：（1）图一中活塞压缩空气对空气做功，将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，是通过做功的方法使气体内能增大；图二乙中两个气门都关闭，活塞向上运动，因此是压缩冲程，此过程中将机械能转化为内能；图二丙中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，因此是做功冲程，此过程中将内能转化为机械能；综合分析可知，图一、图二乙中的能量转化情况相同；（2）四冲程内燃机的曲轴转2圈，完成4个冲程，并对外做功1次；汽油机每秒内对外做功15次，曲轴转30圈，则每分钟对外做功900次，曲轴转1800圈，因此曲轴的转速为1800r/min；（3）汽油机工作时会产生大量热，一般用冷却液做冷却剂，是因为冷却液的比热容比较大，由Q吸＝cmΔt可知，与其它液体相比，在质量和升高温度相同时，冷却液可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。故答案为：做功；乙；1800；比热容。【点评】知道做功可以改变物体的内能，能准确判断其能量的转化过程，并能与内燃机的能量转化情况相联系，是解决该题的关键。知道内燃机工作时的四个冲程及改变内能的两种方式，并能利用水的比热容最大这一特性来解释现实问题。13．【分析】（1）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征；（2）壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压；（3）大气压随海拔的升高而减小，根据海拔高度变化判断玻璃管内水柱的高度变化；（4）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。【解答】解：（1）茶壶的壶身和壶嘴，它们上端开口、底部连通，符合连通器的特点，所以其设计遵循了连通器原理；（2）盖上的通气孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在重力的作用下水可以更容易的倒出，若用手堵住通气孔，壶中的水在大气压的作用下不易持续倒出；（3）把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减第9页（共23页）

小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会变大；（4）若在玻璃管的上方沿水平方向吹气，管上方空气的流动速度较大，压强变小，玻璃管中的水柱在瓶内气压作用下而上升，所以玻璃管内水柱的高度变大。故答案为：连通器；大气压；变大；变大。【点评】本题考查了连通器的原理和大气压的应用，气压与海拔高度的关系，以及流速与压强的关系，难度不大，属于基础题。14．【分析】（1）根据B的质量和密度可求B的体积，由图可知，A、B共同悬浮，根据F浮＝G，可求得A的体积，然后可求得A的密度。（2）B放入水中后，A漂浮，有一部分体积露出水面，造成页面下降，根据A漂浮，利用F浮＝G，求出A排开水的体积，然后可知液面下降的高度，再利用p＝ρ水g△h即可求出水对容器底部压强的变化。【解答】解：（1）由ρ＝可得：＝0.1×103m3，﹣VB＝＝图a中，A、B共同悬浮，则F浮A+F浮B＝GA+GB，即ρ水g（VA+VB）＝ρAgVA+mBg，其中VA＝1×103m3，﹣ρA＝＝＝0.5×103kg/m3，（2）B放入水中后，A漂浮，有一部分体积露出水面，造成液面下降，A漂浮，F浮A＝GA，即ρ水gVA排＝ρAgVA，VA排＝＝＝0.5×103m3。﹣液面下降△h＝＝＝＝0.0125m，第10页（共23页）

液面下降△p＝ρ水g△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.0125m＝125Pa。故答案为：0.5×103；125。【点评】本题综合考查了多个公式，关键是知道物体漂浮时浮力等于自身重力以及物体所受力的分析，分析物体所受力这是本题的难点也是重点，还要学会浮力公式及其变形的灵活运用。15．【分析】（1）由表格知吸尘器功率，由W＝Pt计算正常工作10秒时间内电动机做的总功（消耗电能）；（2）由P＝UI计算电动机工作时的电流，由Q＝I2Rt计算10秒时间内电动机线圈发热量；（3）消耗的电能减去线圈产生的热量可得获得的机械能（有用功），获得的机械能与消耗的电能的比值即为电动机的效率。【解答】解：由表中数据知，吸尘器的电动机额定电压220V，额定功率1100W，由可得，正常工作10s时间内电动机做总功W＝Pt＝1100W×10s＝1.1×104J由P＝UI可得通过电动机的电流10秒时间内电动机线圈产生的热量为：Q＝I2Rt＝（5A）2×1Ω×10s＝250J，这台吸尘器正常工作10s获得的机械能为：W有用＝W﹣Q＝1.1×104J﹣250J＝10750J，吸尘器电动机的效率为：。故答案为：1.1×104；250；98。【点评】本题考查了电功、电功率、焦耳定律公式和效率公式的应用，难点是知道对含有电动机的非纯电阻电路，选择公式要合理，为易错题！16．【分析】（1）借助斜面做的有用功等于用F1的力直接将物体A匀速提升h时做的功；（2）知道斜面的机械效率，利用η＝小；第11页（共23页），求拉力F2做的总功，再利用W＝Fs求拉力大

（3）拉力F2做的额外功等于克服摩擦做的功，大小W额＝W总﹣W有用，再利用W额＝fs求物体受到的摩擦力。【解答】解：（1）借助斜面做的有用功等于用F1的力直接将物体A匀速提升h时做的功，则W有用＝300J；（2）由η＝可得拉力F2做的总功：W总＝＝＝500J；由W总＝Fs可得：F2＝＝＝100N；（3）物体克服摩擦力所做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝500J﹣300J＝200J，由W额＝fs得物体受到的摩擦力：f＝＝＝40N。故答案为：300；100；40。【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功的计算，明确额外功是用来克服斜面上的摩擦是解答此题的关键。四、计算题（共24分）17．【分析】（1）已知所做的有用功和物体升高的高度，根据公式G＝可求物体的重力；（2）已知有用功和机械效率，可求拉力所做的总功；从而求出拉力的大小；进一步求出动滑轮的重力；人对地面的压力等于人的重力与向上的拉力之差，最后根据公式P＝求出人对地面的压强；（3）根据公式P＝ρgh求出正方体浸入的深度，进一步求出正方体排开的水的体积，根据公式F浮＝ρ水gV排求出此时正方体受到的浮力；正方体的重力就等于浮力与向上的绳子的拉力之和；进一步求出正方体的质量，根据公式ρ＝求出正方体的密度。【解答】解：（1）物体的重力GA＝答：物体的重力为370N；（2）拉力做的总功W总＝＝＝800J；＝＝370N；第12页（共23页）

绳子拉力F＝＝＝200N；人对地面的压力F地＝G人﹣F＝600N﹣200N＝400N；＝＝1×104Pa；人对地面的压强P地＝答：人对地面的压强为1×104Pa；（3）正方体浸入水中的深度h＝＝﹣﹣＝0.2m；正方体排开水的体积V排＝a2h＝（3×101m）2×0.2m＝1.8×102m3；正方体受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×1.8×102m3＝180N；﹣动滑轮的重力G动＝nF﹣GA＝2×200N﹣370N＝30N；正方体的重力GB＝n′F﹣G0+F浮＝3×200N﹣30N+180N＝750N；正方体的质量mB＝＝﹣＝75kg；﹣正方体的体积VB＝a3＝（3×101m）3＝2.7×102m3；正方体的密度ρB＝＝＝2.8×103kg/m3。答：正方体B的密度为2.8×103kg/m3。【点评】本题考查重力、总功、压力、深度、浮力、压强、密度等的计算，考查的知识点比较多，难点是求正方体的质量和正方体所受的浮力，解题过程中要注意单位的换算。18．【分析】（1）已知氢的热值和消耗氢的质量，根据Q放＝q氢m可求出氢完全燃烧放出的热量；（2）由题可知水吸收的热量，根据Q吸＝c水m′Δt可求出水升高的温度；（3）已知公交车的功率和行驶时间，根据W＝Pt可求出公交车的机械能，再根据η＝求出公交车的效率。【解答】解：（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放＝q氢m＝1.4×108J/kg×0.3kg＝4.2×107J；（2）由题可知水吸收的热量：Q吸＝Q放＝4.2×107J，由Q吸＝c水m′Δt可知水升高的温度：＝＝50℃；第13页（共23页）

（3）已知公交车的功率P＝140kW＝1.4×105W，行驶时间t＝3min＝180s，则公交车的机械能为：W＝Pt＝1.4×105W×180s＝2.52×107J，则公交车的效率：η＝＝＝60%。答：（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是4.2×107J；（2）水升高的温度是50℃；（3）氢能源公交车动力系统的效率是60%。【点评】本题考查了热值、比热容、功和效率的相关计算，属于基本计算题，难度不大。19．【分析】（1）灯L标有“8V6.4W”字样，根据P＝可知灯的电阻；只闭合S1时，灯L和R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电源电压；（2）闭合S1、S2、S3，灯短路，滑片移到b端时，R1与R2的最大阻值并联，电压表测电源电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，根据P＝率；（3）只闭合S2时，灯L和R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，根据P＝UI可知灯泡正常发光时的电流，由电阻的串联规律及欧姆定律，结合电功率公式，根据P2＝I22R2＝（）2R2＝＝，分析并得出得出滑动可知滑动变阻器消耗的功变阻器R2的最大功率。【解答】解：（1）灯L标有“8V6.4W”字样，根据P＝可知灯的电阻为RL＝＝＝10Ω；只闭合S1时，灯L和R1串联，等效图如图1所示，根据串联电阻的规律及欧姆定律，电源电压为：U＝I（R1+RL）＝0.6A×（5Ω+10Ω）＝9V；第14页（共23页）

（2）闭合S1、S2、S3，灯短路，滑片移到b端时，等效图如图2所示，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以滑动变阻器消耗的功率：P滑＝＝＝1.8W，（3）只闭合S2时，灯L和R2串联，等效图如图3所示，根据P＝UI可知灯泡正常发光时的电流IL＝＝＝0.8A，由电阻的串联规律及欧姆定律，结合电功率公式，则滑动变阻器R2的功率：P2＝I22R2＝（）2R2＝＝，由上式可知，当RL＝R2时（由分压原理，灯与变阻器的电压相等，由串联电路电压的规律，灯泡的电压和电压表示数都为4.5V，因灯的实际电压4.5V小于灯的额定电压8V，故电路的电流小于0.8A，电压表、电流表及灯泡均安全），变阻器有最大电功率，第15页（共23页）

故滑动变阻器R2的最大电功率P2大＝答：（1）电源电压为9V；＝＝2.025W。（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率为1.8W；（3）只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器R2功率的最大值为2.025W。【点评】本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，难度较大。五、实验题（共26分）20．【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；（2）温度计读数时视线与液柱的上表面相平；（3）由表中数据得到水沸腾的温度；水沸腾时的特点：吸热但温度不变；（4）通过表格中数据分析解答。【解答】解：（1）实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰触容器底和壁，所以安装器材时应按照自下而上的顺序进行。（2）温度计读数时视线与液柱的上表面相平，A、B、C三种读数方法，读数正确的是B。（3）水沸腾时，吸热温度不变，温度不变的这个温度就是沸点，由图乙可知，水的沸点是98℃，水沸腾过程中的特点是不断吸热，温度保持不变。（4）分析表中数据可知，当盐水浓度增大时，盐水的沸点也升高。根据盐水的这个特点，我们煮食物时，最好选择后放盐，其目的是让汤汁尽快沸腾。故答案为：（1）自下而上；（2）B；（3）98；保持不变；（4）升高；后。【点评】本题考查了水沸腾的实验、沸点、沸腾的特点的关系，是一道基础题。21．【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；（2）当2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机和投影仪；根据经过光心的光线的传播方向不变分析；（3）根据凸透镜的成像规律分析；（4）凸透镜成实像时，都是倒立的；中间薄、边缘厚的透镜为凹透镜，凹透镜只能成正立、缩小的虚像。【解答】解：（1）凸透镜成像实验中，把凸透镜、蜡烛、光屏放在同一条直线上，点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜，光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，烛焰的像才能呈现在光屏的中央位置；第16页（共23页）

（2）由甲图可知，蜡烛在一倍焦距和二倍焦距之间，根据凸透镜的成像规律，此时成倒立放大的实像，其应用是投影仪；当凸透镜成倒立的实像，物体向下移动，像向上移动，由图乙知，像落在光屏的上方，要使像成在光屏的中央，应将凸透镜向下调整，也可以将蜡烛向上移动，像就向下移动；（3）由丙图可知，物距为15cm，在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大的实像，在二倍焦距以外，此时光屏在距透镜15cm处，光屏上没有清晰的像。当蜡烛和凸透镜分别以2cm/s和1cm/s的速度从图示位置同时匀速向左运动时，物距和透镜到光屏二点距离是等距离增加的，当物距增加5cm到20cm等于二倍物距时，透镜到光屏的距离恰好也等于20cm，根据凸透镜的成像规律，此时光屏上成清晰的像，由v＝可知蜡烛和凸透镜经过5s后，光屏上成清晰的像；（4）由图示可知，像为倒立、缩小的实像，那么水球相当于凸透镜；王亚平向水球里注射一个气泡，水球因此被气泡变为了两部分，中间是空气，气泡周围是水。这个时候整个水球就变成了两个透镜，外圈成为了一个凸透镜，所以呈现出一个倒立的像，内圈相当于变成了两个凹透镜的组合，这个时候又出现了一个正立的像。故答案为：（1）同一高度；（2）投影仪；下；（3）5；（4）实；凹透镜。【点评】本题考查了凸透镜和凹透镜成像的规律，掌握凸透镜成像规律并能灵活运用分析实际问题。22．【分析】（1）将天平放在水平工作台上，使用之前要调平；天平的平衡螺母只能在调节天平横梁平衡时移动，在称量物体质量的过程中不能再移动平衡螺母。当天平的左盘放物体，右盘放砝码时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧；需要移动游码，向右移动游码相当于向右盘中增加砝码；（2）小石块的质量等于砝码的质量加上游码对应的刻度值；（3）浸没在液体中的固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差；（4）知道质量和体积，根据密度公式计算小石块的密度；（5）③将小石块缓慢地没入悬挂着的小桶内的水中，目的是测出小石块受到的浮力，进一步得到小石块的体积；为了保证浮力值的准确，要保证不碰触小桶的底部和侧壁，因为触碰和不触碰两种情况下，电子秤的示数是不一样的；小石块受到的浮力可用丙与乙的示数差求得，再根据阿基米德原理可以求得小石块排开水的体积，即为小石块的体积；根据图丙求得小石块的质量，再由密度公式可得小石块的密度；第17页（共23页）

④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量已经测出，故密度偏大。【解答】解：（1）取出最小的砝码后，指针偏左，说明左端的质量大，将处在零刻度位置的游码向右调，相当于往右盘增加更小的砝码，能使天平的横梁平衡，故A不符合题意，B符合题意。故选：B。（2）由图甲可知，砝码的质量是60g，游码的示数是3g，故石块的质量为：m＝50g+10g+3g＝63g。（3）由图乙可知，量筒内原来水的体积是15mL，放入小石块后总体积是45mL，故石块的体积为：V＝45mL﹣15mL＝30mL＝30cm3；小石块的密度为：ρ＝＝＝2.1g/cm3。（4）③将小石块缓慢地浸没入悬挂着的小桶内的水中，但要保证小石块不碰触小桶底部和侧壁，否则测得小石块所受的浮力就不准确了。小石块在水中受到浮力，根据力的作用是相互的，小石块对水有向下的压力，使得电子秤示数增大，则小石块在水中受到的浮力为：F浮＝F3−F2根据阿基米德原理可得，小石块的体积为：V＝V排＝＝；由图甲可知，小石块的重力G＝F1，则小石块的质量为：m＝＝；小石块的密度为：ρ石＝＝＝。④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量已经测出，故密度偏大。故答案为：（1）B；（2）63；（3）30；2.1；（4）不碰触小桶底部和侧壁；；偏第18页（共23页）

大。【点评】本题为测量固体密度的实验，考查天平和量筒的使用、密度计算等知识，有一定难度。23．【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表、滑动变阻器、电流表、开关与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）由图乙求出电流与电阻之积；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；（4）电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯正常发光时的电阻，应首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据R＝可求出灯的电阻。【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，电路可能断路，发现电压表示数接近于电源电压，则电压表、滑动变阻器、电流表、开关与电源连通，则与电压表并联的支第19页（共23页）

路以外的电路是完好的，则与电压表并联的定值电阻断路了；（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：U＝IR＝0.6A×5Ω＝﹣﹣﹣＝0.2A×15Ω＝3V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，电阻变大，分压增多，电压表示数增大，根据控制变量法知在探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V；根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣3V＝1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝0.5×15Ω＝7.5Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少7.5Ω的滑动变阻器；（4）实验步骤：①闭合开关S、S2，调节滑动变阻器R使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光；②保持滑片的位置不动，闭合开关S、S1，读出此时电压表的示数为U1；在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：U0＝U1﹣U额，由欧姆定律可灯的额定电流：IL＝＝，则小灯泡电阻为：RL＝＝＝R0。故答案为：（1）如上图；（2）定值电阻断路；（3）3；左；7.5；（4）S1；②S、③R0。【点评】此题考查了探究电流与电阻关系的实验过程，包括实物图的连接、电路故障的判断、实验器材的选择、串联电路特的应用以及特殊的方法测量电阻，是一道综合题。六、综合题（共6分）24．【分析】（1）电动平衡车驱动前行时的主要部件是电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而转动；第20页（共23页）

（2）根据P＝UI＝求出指示灯L1的阻值，S与“1”接通，触点A与B分离时，L1与R0串联，由图像知灯泡两端电压为1.2V，根据串联电路的电压特点R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用欧姆定律求出定值电阻R0的阻值；根据W＝UIt求出0～1s内电路消耗的电能，当触点A与B接通时，电磁铁和电阻R0被短路，指示灯两端的电压和额定电压相等，根据W＝Pt求出1s～1.5s内电路消耗的电能，由图丙可知一个周期的时间，然后求出10min内周期的个数，然后求出指示灯交替工作10min整个电路消耗的电能。（3）小明站在该双轮电动平衡车上时，地面受到的压力等于车和人的重力之和，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积等于两个车轮与地面的接触面积之和，根据p＝求出对地面的压强；他驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍，据此求出阻力。小明驾驶该电动平衡车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据P＝＝＝Fv求出电动机输出的总功率，电动平衡车的动力来源于左右两个电动机，据此求出每个电动机平均输出功率；由表格数据可知，电动机的能量转化效率为80%，锂电池最大储存电能0.5kW•h，据此求出电池提供的电能用来做功的能量，再根据W＝Fs求出平衡车行驶的路程。【解答】解：（1）电动平衡车驱动前行时的主要部件是电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而转动。A．图中研究电磁感应现象实验，为发电机工作原理，故A不符合题意；B．为奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故B不符合题意；C．通电导体在磁场中受力运动，为电动机的工作原理，故C符合题意；D．串联电路中电流相等，根据通电螺线管吸引大头针数量的多少来研究在电流相等时通电螺线管磁性强弱与线圈匝数的关系，故D不符合题意。故选：C。（2）由P＝UI＝可得，指示灯L1的阻值：第21页（共23页）

＝6Ω，S与“1”接通，触点A与B分离时，L1与R0串联，灯的电压小于电源电压（当触点A与B接通时，电磁铁和电阻R0被短路，指示灯两端的电压和额定电压相等），由图像知灯泡两端电压UL′＝1.2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R0两端的电压：U0＝U﹣UL′＝6V﹣1.2V＝4.8V，因串联电路中各处的电流相等，所以此时电路中的电流：，由欧姆定律可知定值电阻R0的阻值：，0～1.0s内电路消耗的电能：W1＝UIt＝6V×0.2A×1s＝1.2J，当触点A与B接通时，电磁铁和电阻R0被短路，指示灯两端的电压和额定电压相等，灯的实际功率为其额定功率，则1s～1.5s内电路消耗的电能：W2＝PLt′＝6W×0.5s＝3J，由图丙可知，一个周期的时间T＝1.5s，10min内的周期个数为，则指示灯交替工作10min整个电路消耗的电能：W＝（W1+W2）×400＝（1.2J+3J）×400＝1680J（3）小明站在该双轮电动平衡车上时，地面受到的压力大小为：F＝G总＝（m车+m人）g＝（20kg+60kg）×10N/kg＝800N，受力面积S＝2×20cm2＝40cm2＝4×103m2，﹣对地面的压强：＝2×105Pa，他驾驶该电动平衡车在水平路面上以最大速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍，则阻力：f＝0.1G总＝0.1×800N＝80N，小明驾驶该电动平衡车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是第22页（共23页）

一对平衡力，所以，电动机的牵引力：F引＝f＝80N，已知最大速度为v＝18km/h＝5m/s，由P＝＝＝Fv，可得电动机输出的总功率：P＝F引v＝80N×5m/s＝400W，因电动平衡车的动力来源于左右两个电动机，所以，每个电动机平均输出功率：P′＝0.5×400W＝200W，由表格数据可知，电动机的能量转化效率为80%，锂电池最大储存电能0.5kW•h，则电池提供的电能用来做功的能量：W功＝80%×0.5kW•h＝0.4kW•h＝1.44×106J，由W＝Fs可得平衡车行驶的路程：＝1.8×104m＝18km。故答案为：（1）C；（2）24；1680；（3）2×105；200；18。【点评】本题是一道力学、电学、磁学的综合题，涉及到电动机的原理、串联单路的特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式的综合应用等，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。第23页（共23页）