2024年1月20日发(作者：酆丽容)

一、选择题

1．下列关于电功率的说法中，正确的是（ ）

A．由公式P=W可知，电流做功越多，电功率越大

tB．由公式P=UI可知，同一导体两端的电压越小，电功率也越小

C．由公式P=I2R可知，电阻越大，电功率越大

U2D．由公式P可知，电阻越大，电功率越小

R2．下列家用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）

A．洗衣机 B．电风扇 C．电视机 D．电饭锅

3．如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻；显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测人的体温时，显示仪的示数会随被测者体温的升高而增大，下列分析正确的是（ ）

A．显示仪是由电流表改装成的

B．被测温者温度越高，电路消耗的电功率越小

C．热敏电阻R随着温度的升高阻值增大

D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大

4．下列用电器额定功率都相同，当它们在额定电压下工作，在相同时间内，电流产生的热量最多的是（ ）

A．空调

A．电饼铛

B．电热水壶

B．笔记本电脑

C．洗衣机

C．手电筒

D．吸尘器

D．客厅LED照明灯

5．下列家用电器中，额定功率最接近1kW的是（ ）

6．下列用电器工作时主要的能量转化情况说法错误的是（ ）

．．A．电饭煲：电能转化为内能

B．洗衣机：电能转化为机械能

C．节能灯：电能转化为光能

D．抽油烟机：电能转化为内能

7．如果加在某定值电阻两端的电压从6V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.1A，则（ ）

A．该定值电阻的值是100

B．该定值电阻的值是6

C．该定值电阻的功率变化了0.4W

D．该定值电阻的功率变化了1.6W

8．如图所示，电源电压恒为18V，电压表量程是“0-15V”，电流表量程是“0-0. 6A”，滑动变阻器R的规格是“100Ω 1A”，灯泡标有“6V 3W”字样。闭合开关S，若保证电路所有元件均安全的情况下，（不考虑灯丝电阻变化）。下列说法正确的是（ ）

A．电压表示数变化范围是3V-15V

B．电流表示数变化范围是0.16A-1.5 A

C．电路中的最大功率是10.8W

D．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是24Ω-60Ω

9．如图是电阻甲和乙的I-U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（ ）

A．将甲和乙串联，若电流为0. 3A，则它们两端的电压为3V

B．若甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.4A

C．当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3A

D．甲乙并联在2. 5V的电路中，消耗的总功率2.5W

10．如图所示，电源电压不变。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右移动时，电路中（ ）

A．电流表的示数变大

C．电压表的示数不变

B．滑动变阻器的功率变大

D．小灯泡的亮度变暗

11．如图所示，电源两端电压恒定。闭合开关，灯泡L1比灯泡L2亮，则（ ）

A．L1的电阻比L2的大

B．通过L1的电流与通过L2的电流相等

C．若L1灯丝烧断，L2的实际电功率不变

D．若L2灯丝烧断，通过L1电流变大

12．家用洗衣机的主要部件是电动机，若一台洗衣机在220V电路中正常工作时通过的电流为2A，每分钟产生的热量为960J，则下列说法中不正确的是（ ）

．．．

A．电动机的功率为440W

C．电动机的发热功率为16W

12100W

B．电动机线圈的电阻为110Ω

D．电动机被卡住不转动时，电功率为二、填空题

13．将标有“3V 3W”和“6V 6W”的甲、乙两只小灯泡串联接在3V的电源两端，则______（选填“甲”或“乙”）灯较亮；若将两灯改为并联接在该电源两端，两灯消耗的实际功率之比P甲∶P乙＝______。（不计温度对灯丝电阻的影响）。

14．如图甲所示，已知电源电压U=3V，并保持不变，直流电机线圈电阻R=1.5Ω，接通电路后，电动机正常工作，电流表读数I=0.8A，已知电动机正常工作时能量转化关系如图乙所示，摩擦不计，则∶电动机正常工作1min消耗的电能W=______J，线圈产生的Q=______J，电动机能量转化效率η=______，电动机正常工作突然出现故障转动部分被卡死，此时线圈中的电流Ⅰ=______A。

15．如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当滑片在a，b两点间移动时，电流表示数变化范围为0.2A-0.6A，电压表示数变化范围4V-2V，则电源电压为_____V。R1的电阻为______Ω，当滑片在b点时，工作5分钟电路消耗的电能____J，R1功率的变化量为_____W。

16．一只电热水壶的铭牌上标着“220V 1100W”的字样，它正常工作时，电流为___________A；每分钟产生的热量为___________。

17．现在，我市许多小区安装了公共充电插座，采取扫码付费自动充电（如图所示），这些插座的连接方式都是________（填“串联”或“并联”）的。假设某充电器输出电压为48V，输出电流为2.5A，则它的输出功率是_________W。

18．小明观察到家中电能表的示数如图所示，现只接1000W的空调和200W的电视机各一台，半小时后电能表的示数将变为______kWh，他家电能表允许用电器10min内最多消耗______J的电能。

19．一只灯泡和一个电阻串联后接在电压为U的电路中，已知电阻的阻值为R，通过的电流为I，则灯泡的电阻是______，灯泡消耗的电功率为______。（用题目中所给的物理量表示）

20．灯L1的额定电压为U0，额定功率为P0，灯L2的额定电压为2U0，额定功率为2P0，并联接在电路中，若保证其中一盏灯正常工作，而另一盏灯没有超过其额定值，则L1、L2消耗的实际功率之比为______。（不计温度对灯丝电阻的影响）

三、解答题

21．如图是探究电流通过导体时产生热量与电流的关系实验装置。烧瓶中煤油的质量为0.2kg，电阻丝R的阻值为200Ω，电路中电源电压保持不变。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.5A时，通电300s观察到烧瓶中煤油的温度从25℃升高到55℃，[c煤油=2.1103J/（kg·℃）]求：

(1)煤油吸收的热量；

(2)300s内电阻丝R消耗的电能；

(3)电阻丝的加热效率。

22．如图所示，某品牌电热水壶的铭牌上标着如下表所示的参数。请计算：

（1）该电热水壶的电阻；

（2）当电热水壶装满水后，从20℃加热到100℃，水吸收的热量；

（3）在额定电压下，烧开这些水，需要时间8.75min，电热水壶热效率是多少？

热水壶容量

1.0L

额定电压

220V

加热时功率

800W

频率

50Hz

23．如图所示，定值电阻Rl和R2并联在电压恒定的电源上，R2的阻值为30Ω。当开关闭合时，电流表Al的示数为0.6A，电流表A2的示数为0.2A，求：

（1）电源电压；

（2）定值电阻Rl的大小；

（3）R2在10s的时间内消耗的电能。

24．如图所示的电路中电源电压为6V，且电源电压不变，当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.3A，S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.9A，求：

(1)电阻R1的阻值为多少？

(2)R2的电功率为多少？

(3)S2、S3断开，S1闭合时，R2的10s内产生内能为多少？

25．2020年的冬天比以往来的更早。孝顺的小雨同学为了让爷爷、奶奶方便取暖，她用自己省出的零用钱买了个适合爷爷、奶奶使用的电烤炉，电烤炉的规格如下表。求：

额定电压/V

额定功率/W

频率/Hz

220

484

50

(1)电烤炉正常工作时发热丝的电阻是多少？

(2)正常工作0.5h，电烤炉消耗的电能为多少kW∙h？

(3)一天在用电高峰时，小雨发现电烤炉不如以前热了，他想知道此时电烤炉两端的实际电压是多少，于是她运用所学的物理知识进行了测量。小雨断开家中其他所有用电器，只接通电烤炉，发现家中如图所示的电能表表盘在5min内转了20圈。试求此时电烤炉两端的实际电压是多少？

26．某商场一款新式电热水壶的铭牌如下表所示。将体积为300ml、初温是20℃的水放入103J/该电热水壶中用最大功率加热1min，取出后测得水温是40℃。若水的比热容为4.2×（kg・℃）。求：

防触电保护类型I类

型号NN-S313WF

额定电压220V

最大功率1100W

额定容积20L

电源频率50Hz

质量10kg

(1)电热水壶最大功率加热时，电路中的电流；

(2)加热过程中消耗的电能；

(3)加热过程中，水吸收的热量；该电热水壶的热效率。（计算结果保留两位小数）

【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题

1．B

解析：B

A．由公式P=W可知，电流做功越快，而不是越多，电功率越大，故A选项错误；

tU2B．同一导体即电阻相同，两端的电压越小，根据PUI可知，电功率也越小，故RB选项正确；

C．由公式P=I2R可知，电阻越大，不知道电流的变化，故无法判断电功率的变化，故C选项错误；

U2D．由公式P可知，电阻越大，不知道电压的变化，故电功率变化不知，故D选项R错误。

故选B。

2．D

解析：D

洗衣机、电风扇、电视机主要利用电流的磁效应工作；电饭锅主要利用电流热效应工作。

故选D。

3．D

解析：D

A．由图可知，R与R0串联，显示仪并联在R0的两端，所以显示仪是电压表改装成的，故A错误；

BC．在测人的体温时，显示仪的示数会随被测者体温的升高而增大，根据串联电路分压规律可知，当R的阻值减小时，则热敏电阻R两端的电压减小，则保护电阻R0的电压就会变大，所以热敏电阻R随着温度的升高阻值减小；此时电路中的总电阻变小，电流变大，根据PUI可知，电路中消耗的总功率变大，故BC错误；

D．根据串联电路分压规律可知，保护电阻R0更换为阻值更大的电阻时，测相同温度，显示仪示数变大，故D正确。

故选D。

4．B

解析：B

空调、洗衣机和吸尘器工作时，电流做功主要将电能转化为机械能，而电热水壶是利用电流的热效应工作的，其电能绝大部分转化为内能，所以额定功率相同的以上四种用电器正常工作时，电流产生热量最多的是电热水壶，故B符合题意，ACD不符合题意。

故选B。

5．A

解析：A

A．电饼铛的功率约为1000W，故A符合题意；

B．笔记本电脑的额定功率约为70W，故B不符合题意；

C．手电筒的额定功率约为0.5W，故C不符合题意；

D．客厅LED照明灯的额定功率约为20W，故D不符合题意。

故选A。

6．D

解析：D

A．电饭煲工作时消耗电能，转化为内能，把米煮成饭，故A正确，不符合题意；

B．洗衣机工作时滚筒转动，把电能转化为机械能，故B正确，不符合题意；

C．节能灯工作时消耗电能，转化为光能，用来照明，故C正确，不符合题意；

D．抽油烟机工作时电动机转动，把电能转化为机械能，故D错误，符合题意。

故选D。

7．D

解析：D

AB．假设定值电阻的阻值是R，如果加在某定值电阻两端的电压从6V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.1A，则

10V6V=0.1A

RR可得R=40Ω，故AB不符合题意；

CD．定值电阻两端的电压从6V升高到10V，则该定值电阻的功率变化了

U12U2210V6VP==1.6W

RR40Ω40Ω故选D。

228．D

解析：D

由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压。

ABC．灯泡的电阻

UL2(6V)2RL===12

PL3W电压表量程为0-15V，电压表示数最大为15V时电路电流最小，因串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，所以灯泡两端的最小电压

UL′=U-U滑=18V-15V=3V

此时电路中的电流最小为

Imin=灯泡的额定电流

UL3V==0.25A

RL12UL6V==0.5A

RL12IL=电流表量程是“0-0.6A”，变阻器的最大电流是1A，所以通过电路的最大电流是0.5A，此时变阻器连入电路的电阻最小，变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数

U滑最小=U-UL=18V-6V=12V

所以电压表示数变化范围是12V-15V，电流表示数变化范围是0.25A-0.5 A，电路的最大功率

P=UIL=18V×0.5A=9W

故ABC错误；

D．因为变阻器两端的最小电压是12V，通过电路的电流是0.5A，变阻器的最小阻值

R滑最小=U滑最小12V==24

IL0.5AU滑最大15V==60Ω

Imin0.25A变阻器两端的最大电压是15V，通过电路的电流是0.25A，变阻器的最大阻值

R滑最大=所以滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是24Ω-60Ω，故D正确。

故选D。

9．D

解析：D

A．若将甲和乙串联，当电流为0.3A时，则通过甲、乙的电流均为0.3A，由图象知道，此时U甲=1.5V，U乙=0.5V，由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压

U=U甲+U乙=1.5V+0.5V=2V

故A错误；

B．将甲和乙并联，若电压为1V，则两灯泡两端的电压均为1V，由图象知道，此时I甲=0.2A，I乙=0.4A，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流

I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A

故B错误；

C．当甲两端电压为0.5V时，由图象知道，此时I甲=0.1A，故C错误；

D．甲乙并联在2. 5V的电路中，由图象知道，此时I甲=I乙=0.5A，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流

I=I甲+I乙=0.5A+0.5A=1.0A

由PUI知道，消耗的总功率

PUI2.5V1.0A2.5W

故D正确。

故选D。

10．C

解析：C

从图中可以看到，这是一个并联电路，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻变大。

A．由上述可知，变阻器接入电路的电阻变大，电源电压不变，即变阻器两端的电压不变，根据欧姆定律可知，流过变阻器的电流大小变小，而电流表测变阻器的电流，电流表的示数变小，A项不合题意；

B．由上述可知，变阻器接入电路的电阻变大，变阻器两端的电压不变，根据电功率的推U2导式P可知，滑动变阻器的功率变小，B项不合题意；

RC．从图中可以看到，电压表并联在灯泡两端，测的是灯泡的电压，而灯泡的电压大小等于电源电压大小，电源电压不变，那么电压表的示数不变，选项C符合题意；

D．由上述可知，灯泡两端的电压不变，其电阻大小也不变，根据电功率的推导式U2可知，灯泡的电功率大小不变，即灯泡的亮度不变，D项不合题意。

PR故选C。

11．C

解析：C

AB.

灯泡L1比灯泡L2亮，则可知灯泡L1实际功率更大，两灯泡并联，电压相等，则由

U2和PUI可知，灯泡L1的电阻小于L2，通过灯泡L1的大于通过L2的电流，故PRAB不符合题意；

CD.

由于两灯泡并联，互不干扰，则当L1灯丝烧断时，L2的实际功率不变，当L2灯丝烧断时，通过L1的电流不变，故C符合题意，D不符合题意。

故选C。

12．B

解析：B

A．电动机的电功率为

P=UI=220V×2A=440W

故A正确，不符合题意；

B．根据Q=I2Rt得线圈的电阻

R故B错误，符合题意；

C．电动机的发热功率为

Q960J4Ω

I2t(2A)260sP热故C正确，不符合题意；

Q960J16W

t60sD．电动机卡住时变为纯电阻电路，电功率

U2(220V)2P12100W

R4Ω故D正确，不符合题意。

故选B。

二、填空题

13．乙2：1

解析：乙

2：1

U2[1]由R可得，两灯的电阻分别为

PU甲23VR甲3Ω

P3W甲2U乙26VR乙6Ω

P6W乙若两灯串联，因串联电路中电流处处相等，R甲R乙，由PI2R可得，P甲P乙，所以乙灯比甲灯更亮。

2

U2[2]若并联接在该电源两端，并联电路中各支路两端电压相等，由P=

可得，两灯消耗R的功率之比等于电阻之比的倒数

PR6Ω2甲乙

PR3Ω1乙甲14．576602

解析：57.6

60%

2

[1]电机正常运转时消耗的电能

W=UIt=3V×0.8A×60s=144J

[2]线圈产生的热量

Q=I2Rt=（0.8A）2×1.5Ω×60=57.6J

[3]由能量守恒定律得，电机输出的机械功

W1=W-Q=144J-57.6J=86.4J

机械功率

PW186.4J1.44W

t60s由能量转化与守恒知道，电能转化为机械能与内能，能量利用率

W186.4J100%=100%60%

W144J[4]电机突然卡死时，电机电路是纯电阻电路，由IU知道，此时线圈中的电流

RIU3V=2A

R1.5Ω15．590016

解析：5

900

1.6

[1][2]当滑片在a点时，电阻R1与Ra串联，电阻R1两端的电压

U1=I1R1=0.2A×R1

根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得电源电压

U=U1+Ua=0.2A×R1+4V①

当滑片在b点时，电阻R1与Rb串联，电阻R1两端的电压

U1′=I2R1=0.6A×R1

根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得电源电压

U=U1′+Ub=0.6A×R1+2V②

①②可得

R1=5Ω，U=5V

[3]当滑片在b点时，工作5分钟电路消耗的电能

W=UI2t=5V×0.6A×5×60s=900J

[4]R1功率变化量

P1′-P1=I22R1-I12R1=(0.6A)2×5Ω-(0.2A)2×5Ω=1.6W

16．6.6104J

[1]电热水壶正常工作时的电流为

IP1100W=5A

U220V[2]电热水壶正常工作时每分钟产生的热量是

QWPt1100W60s=6.6104J

17．并联120

解析：并联

120

[1]公共充电插座，自动充电时，它们之间互不影响，所以是并联的。

[2]充电器的输出功率为

P=UI=48V×2.5A=120W

18．0

解析：0

2.64106

[1]只接1000W的空调和200W的电视机各一台，半小时消耗的电能为

WW1W2P1P2t1000W200W30电能表的示数将变为

1h0.6kWh

60WW0W1123.4kWh0.6kWh1124kWh

[2]他家电能表允许用电器10min内最多消耗

WPmaxt1UImaxt1220V20A1060s2.64106J

UR

UII2R

I[1]电路的总电阻为

19．R总=灯泡的电阻为

U

IUR

IRLR总R[2]灯泡消耗的电功率为

PLI2RLI2(UR)UII2R

I20．2∶1

解析：2∶1

两灯泡的电阻分别为

U02(2U0)2U02R12

，R2P02P0P0

U02U02R1∶R2==1∶2

∶2P0P0两灯泡并联接在电路中，且保证其中一盏灯正常工作，而另一盏灯没有超过其额定值，则电源电压U=U0，因并联电路中各支路两端的电压相等，两灯泡消耗的实际功率之比

R1实R2实U02RR2=122

U0R11R2三、解答题

21．(1)1.26×104J；(2)1.5×104J；(3)84%

解：(1)煤油吸收的热量

QcmΔt2.1103J/kg℃0.2kg55℃25℃1.26104J

(2)300s内电阻丝R消耗的电能

WI2Rt0.5A200Ω300s=1.5104J

(3)电阻丝的加热效率

2Q1.26104J100%100%84%

4W1.510J104J；

答：(1)煤油吸收的热量1.26×(2)300s内电阻丝R消耗的电能1.5×104J；

(3)电阻丝的加热效率84%。

22．(1) 60.5Ω；(2) 3.36×105J；(3)80%

解：(1)该电热水壶的电阻

U2(220V)2=60.5Ω

RP800W(2)水的质量

m=ρV=1.0×103kg/m3×1.0×10-3m3=1kg

则水吸收的热量

Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg·1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J

℃)×(3)烧开这些水，消耗的电能

W=Pt=800W×8.75×60s=4.2×105J

电热水壶热效率

Q吸3.36105J=80%

=W4.2105J答：(1)该电热水壶的电阻是60.5Ω；

(2)当电热水壶装满水后，从20℃加热到100℃，水吸收的热量是3.36×105J；

(3)在额定电压下，烧开这些水，需要时间8.75min，电热水壶热效率是80%。

23．(1)6V；(2)15Ω；(3)12J

解：(1)由电路图可知，Rl和R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。因并联电路中各支路两端的电压相等，所以电源的电压

U=U1=U2=I2R2=0.2A×30Ω=6V

(2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过Rl的电流

I1=I﹣I2=0.6A﹣0.2A=0.4A

则R1的阻值

R1=(3)R2在10s的时间内消耗的电能

W2=U2I2t=6V×0.2A×10s=12J

答：(1)电源电压是6V；

(2)定值电阻Rl的大小是15Ω；

(3)R2在10s的时间内消耗的电能是12J。

24．(1)20Ω；(2)3.6W；(3)4J

解：(1)当S1、S2断开，S3闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流；电流表的示数为0.3A；根据欧姆定律可知，电阻R1的阻值为

U16V=15Ω

I10.4AU6VR1==20Ω

I10.3A(2)当S1断开，S2、S3闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，干路电流为I=0.9A；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流

I2=I-I1=0.9A-0.3A=0.6A

因并联电路中各支路两端的电压相等，R2的电功率为

P2=UI2=6V×0.6A=3.6W

R2的阻值

R2U6V=10

I20.6A(3)当S1闭合，S2、S3断开时，两电阻串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流

U6VI′==0.2A

R1R220+10R2的10s内产生内能为

W=I′2R2t=(0.2A)2×10Ω×10s=4J

答：(1)电阻R1的阻值为20Ω；

(2)R2的电功率为3.6W；

(3)S2、S3断开，S1闭合时，R2的10s内产生内能为4J。

25．(1)100Ω；(2)0.242kWh；(2)200V

(1)电炉内发热丝的电阻

RU额2P额220V=484W2100

(2)正常工作0.5h，电烤炉消耗的电能

W=P耗t = 484×10-3kW ×0.5h =0.242kW∙h

(3)电烤炉5min消耗的电能

W由于t = 5min =201kWh=kWh

600301h，电烤炉的实际功率

121kWhW30P实0.4kW400W

1th12U2由P知道，此时通过电烤炉的实际电压为

RU实PR400W100Ω=200V

实答：(1)电烤炉正常工作时发热丝的电阻是100Ω；

(2)正常工作0.5h，电烤炉消耗的电能为0.242kW∙h；

(3)此时电烤炉两端的实际电压是200V。

26．(1)5A；(2)66000J；(3)25200J，38.18%

解：(1)由P=UI得电热水壶最大功率加热时，电路中的电流

IP1100W==5A

U220V(2)加热过程中消耗的电能

W=Pt=1100W×60s=66000J

(3)水吸收的热量

Q吸=cmΔt=cρVΔt=4.2×103J/(kg・℃)×3×10-4m3×1×103kg/m3×20℃=25200J

该电热水壶的热效率是

Q25200J=38.18%

W66000J答：(1)电热水壶最大功率加热时，电路中的电流为5A；

(2)加热过程中消耗的电能为66000J；

η=(3)加热过程中，水吸收的热量为25200J；该电热水壶的热效率为38.18%。

2024年1月20日发(作者：酆丽容)

一、选择题

1．下列关于电功率的说法中，正确的是（ ）

A．由公式P=W可知，电流做功越多，电功率越大

tB．由公式P=UI可知，同一导体两端的电压越小，电功率也越小

C．由公式P=I2R可知，电阻越大，电功率越大

U2D．由公式P可知，电阻越大，电功率越小

R2．下列家用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）

A．洗衣机 B．电风扇 C．电视机 D．电饭锅

3．如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻；显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测人的体温时，显示仪的示数会随被测者体温的升高而增大，下列分析正确的是（ ）

A．显示仪是由电流表改装成的

B．被测温者温度越高，电路消耗的电功率越小

C．热敏电阻R随着温度的升高阻值增大

D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变大

4．下列用电器额定功率都相同，当它们在额定电压下工作，在相同时间内，电流产生的热量最多的是（ ）

A．空调

A．电饼铛

B．电热水壶

B．笔记本电脑

C．洗衣机

C．手电筒

D．吸尘器

D．客厅LED照明灯

5．下列家用电器中，额定功率最接近1kW的是（ ）

6．下列用电器工作时主要的能量转化情况说法错误的是（ ）

．．A．电饭煲：电能转化为内能

B．洗衣机：电能转化为机械能

C．节能灯：电能转化为光能

D．抽油烟机：电能转化为内能

7．如果加在某定值电阻两端的电压从6V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.1A，则（ ）

A．该定值电阻的值是100

B．该定值电阻的值是6

C．该定值电阻的功率变化了0.4W

D．该定值电阻的功率变化了1.6W

8．如图所示，电源电压恒为18V，电压表量程是“0-15V”，电流表量程是“0-0. 6A”，滑动变阻器R的规格是“100Ω 1A”，灯泡标有“6V 3W”字样。闭合开关S，若保证电路所有元件均安全的情况下，（不考虑灯丝电阻变化）。下列说法正确的是（ ）

A．电压表示数变化范围是3V-15V

B．电流表示数变化范围是0.16A-1.5 A

C．电路中的最大功率是10.8W

D．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是24Ω-60Ω

9．如图是电阻甲和乙的I-U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（ ）

A．将甲和乙串联，若电流为0. 3A，则它们两端的电压为3V

B．若甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.4A

C．当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3A

D．甲乙并联在2. 5V的电路中，消耗的总功率2.5W

10．如图所示，电源电压不变。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右移动时，电路中（ ）

A．电流表的示数变大

C．电压表的示数不变

B．滑动变阻器的功率变大

D．小灯泡的亮度变暗

11．如图所示，电源两端电压恒定。闭合开关，灯泡L1比灯泡L2亮，则（ ）

A．L1的电阻比L2的大

B．通过L1的电流与通过L2的电流相等

C．若L1灯丝烧断，L2的实际电功率不变

D．若L2灯丝烧断，通过L1电流变大

12．家用洗衣机的主要部件是电动机，若一台洗衣机在220V电路中正常工作时通过的电流为2A，每分钟产生的热量为960J，则下列说法中不正确的是（ ）

．．．

A．电动机的功率为440W

C．电动机的发热功率为16W

12100W

B．电动机线圈的电阻为110Ω

D．电动机被卡住不转动时，电功率为二、填空题

13．将标有“3V 3W”和“6V 6W”的甲、乙两只小灯泡串联接在3V的电源两端，则______（选填“甲”或“乙”）灯较亮；若将两灯改为并联接在该电源两端，两灯消耗的实际功率之比P甲∶P乙＝______。（不计温度对灯丝电阻的影响）。

14．如图甲所示，已知电源电压U=3V，并保持不变，直流电机线圈电阻R=1.5Ω，接通电路后，电动机正常工作，电流表读数I=0.8A，已知电动机正常工作时能量转化关系如图乙所示，摩擦不计，则∶电动机正常工作1min消耗的电能W=______J，线圈产生的Q=______J，电动机能量转化效率η=______，电动机正常工作突然出现故障转动部分被卡死，此时线圈中的电流Ⅰ=______A。

15．如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当滑片在a，b两点间移动时，电流表示数变化范围为0.2A-0.6A，电压表示数变化范围4V-2V，则电源电压为_____V。R1的电阻为______Ω，当滑片在b点时，工作5分钟电路消耗的电能____J，R1功率的变化量为_____W。

16．一只电热水壶的铭牌上标着“220V 1100W”的字样，它正常工作时，电流为___________A；每分钟产生的热量为___________。

17．现在，我市许多小区安装了公共充电插座，采取扫码付费自动充电（如图所示），这些插座的连接方式都是________（填“串联”或“并联”）的。假设某充电器输出电压为48V，输出电流为2.5A，则它的输出功率是_________W。

18．小明观察到家中电能表的示数如图所示，现只接1000W的空调和200W的电视机各一台，半小时后电能表的示数将变为______kWh，他家电能表允许用电器10min内最多消耗______J的电能。

19．一只灯泡和一个电阻串联后接在电压为U的电路中，已知电阻的阻值为R，通过的电流为I，则灯泡的电阻是______，灯泡消耗的电功率为______。（用题目中所给的物理量表示）

20．灯L1的额定电压为U0，额定功率为P0，灯L2的额定电压为2U0，额定功率为2P0，并联接在电路中，若保证其中一盏灯正常工作，而另一盏灯没有超过其额定值，则L1、L2消耗的实际功率之比为______。（不计温度对灯丝电阻的影响）

三、解答题

21．如图是探究电流通过导体时产生热量与电流的关系实验装置。烧瓶中煤油的质量为0.2kg，电阻丝R的阻值为200Ω，电路中电源电压保持不变。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.5A时，通电300s观察到烧瓶中煤油的温度从25℃升高到55℃，[c煤油=2.1103J/（kg·℃）]求：

(1)煤油吸收的热量；

(2)300s内电阻丝R消耗的电能；

(3)电阻丝的加热效率。

22．如图所示，某品牌电热水壶的铭牌上标着如下表所示的参数。请计算：

（1）该电热水壶的电阻；

（2）当电热水壶装满水后，从20℃加热到100℃，水吸收的热量；

（3）在额定电压下，烧开这些水，需要时间8.75min，电热水壶热效率是多少？

热水壶容量

1.0L

额定电压

220V

加热时功率

800W

频率

50Hz

23．如图所示，定值电阻Rl和R2并联在电压恒定的电源上，R2的阻值为30Ω。当开关闭合时，电流表Al的示数为0.6A，电流表A2的示数为0.2A，求：

（1）电源电压；

（2）定值电阻Rl的大小；

（3）R2在10s的时间内消耗的电能。

24．如图所示的电路中电源电压为6V，且电源电压不变，当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.3A，S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.9A，求：

(1)电阻R1的阻值为多少？

(2)R2的电功率为多少？

(3)S2、S3断开，S1闭合时，R2的10s内产生内能为多少？

25．2020年的冬天比以往来的更早。孝顺的小雨同学为了让爷爷、奶奶方便取暖，她用自己省出的零用钱买了个适合爷爷、奶奶使用的电烤炉，电烤炉的规格如下表。求：

额定电压/V

额定功率/W

频率/Hz

220

484

50

(1)电烤炉正常工作时发热丝的电阻是多少？

(2)正常工作0.5h，电烤炉消耗的电能为多少kW∙h？

(3)一天在用电高峰时，小雨发现电烤炉不如以前热了，他想知道此时电烤炉两端的实际电压是多少，于是她运用所学的物理知识进行了测量。小雨断开家中其他所有用电器，只接通电烤炉，发现家中如图所示的电能表表盘在5min内转了20圈。试求此时电烤炉两端的实际电压是多少？

26．某商场一款新式电热水壶的铭牌如下表所示。将体积为300ml、初温是20℃的水放入103J/该电热水壶中用最大功率加热1min，取出后测得水温是40℃。若水的比热容为4.2×（kg・℃）。求：

防触电保护类型I类

型号NN-S313WF

额定电压220V

最大功率1100W

额定容积20L

电源频率50Hz

质量10kg

(1)电热水壶最大功率加热时，电路中的电流；

(2)加热过程中消耗的电能；

(3)加热过程中，水吸收的热量；该电热水壶的热效率。（计算结果保留两位小数）

【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题

1．B

解析：B

A．由公式P=W可知，电流做功越快，而不是越多，电功率越大，故A选项错误；

tU2B．同一导体即电阻相同，两端的电压越小，根据PUI可知，电功率也越小，故RB选项正确；

C．由公式P=I2R可知，电阻越大，不知道电流的变化，故无法判断电功率的变化，故C选项错误；

U2D．由公式P可知，电阻越大，不知道电压的变化，故电功率变化不知，故D选项R错误。

故选B。

2．D

解析：D

洗衣机、电风扇、电视机主要利用电流的磁效应工作；电饭锅主要利用电流热效应工作。

故选D。

3．D

解析：D

A．由图可知，R与R0串联，显示仪并联在R0的两端，所以显示仪是电压表改装成的，故A错误；

BC．在测人的体温时，显示仪的示数会随被测者体温的升高而增大，根据串联电路分压规律可知，当R的阻值减小时，则热敏电阻R两端的电压减小，则保护电阻R0的电压就会变大，所以热敏电阻R随着温度的升高阻值减小；此时电路中的总电阻变小，电流变大，根据PUI可知，电路中消耗的总功率变大，故BC错误；

D．根据串联电路分压规律可知，保护电阻R0更换为阻值更大的电阻时，测相同温度，显示仪示数变大，故D正确。

故选D。

4．B

解析：B

空调、洗衣机和吸尘器工作时，电流做功主要将电能转化为机械能，而电热水壶是利用电流的热效应工作的，其电能绝大部分转化为内能，所以额定功率相同的以上四种用电器正常工作时，电流产生热量最多的是电热水壶，故B符合题意，ACD不符合题意。

故选B。

5．A

解析：A

A．电饼铛的功率约为1000W，故A符合题意；

B．笔记本电脑的额定功率约为70W，故B不符合题意；

C．手电筒的额定功率约为0.5W，故C不符合题意；

D．客厅LED照明灯的额定功率约为20W，故D不符合题意。

故选A。

6．D

解析：D

A．电饭煲工作时消耗电能，转化为内能，把米煮成饭，故A正确，不符合题意；

B．洗衣机工作时滚筒转动，把电能转化为机械能，故B正确，不符合题意；

C．节能灯工作时消耗电能，转化为光能，用来照明，故C正确，不符合题意；

D．抽油烟机工作时电动机转动，把电能转化为机械能，故D错误，符合题意。

故选D。

7．D

解析：D

AB．假设定值电阻的阻值是R，如果加在某定值电阻两端的电压从6V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.1A，则

10V6V=0.1A

RR可得R=40Ω，故AB不符合题意；

CD．定值电阻两端的电压从6V升高到10V，则该定值电阻的功率变化了

U12U2210V6VP==1.6W

RR40Ω40Ω故选D。

228．D

解析：D

由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压。

ABC．灯泡的电阻

UL2(6V)2RL===12

PL3W电压表量程为0-15V，电压表示数最大为15V时电路电流最小，因串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，所以灯泡两端的最小电压

UL′=U-U滑=18V-15V=3V

此时电路中的电流最小为

Imin=灯泡的额定电流

UL3V==0.25A

RL12UL6V==0.5A

RL12IL=电流表量程是“0-0.6A”，变阻器的最大电流是1A，所以通过电路的最大电流是0.5A，此时变阻器连入电路的电阻最小，变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数

U滑最小=U-UL=18V-6V=12V

所以电压表示数变化范围是12V-15V，电流表示数变化范围是0.25A-0.5 A，电路的最大功率

P=UIL=18V×0.5A=9W

故ABC错误；

D．因为变阻器两端的最小电压是12V，通过电路的电流是0.5A，变阻器的最小阻值

R滑最小=U滑最小12V==24

IL0.5AU滑最大15V==60Ω

Imin0.25A变阻器两端的最大电压是15V，通过电路的电流是0.25A，变阻器的最大阻值

R滑最大=所以滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是24Ω-60Ω，故D正确。

故选D。

9．D

解析：D

A．若将甲和乙串联，当电流为0.3A时，则通过甲、乙的电流均为0.3A，由图象知道，此时U甲=1.5V，U乙=0.5V，由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压

U=U甲+U乙=1.5V+0.5V=2V

故A错误；

B．将甲和乙并联，若电压为1V，则两灯泡两端的电压均为1V，由图象知道，此时I甲=0.2A，I乙=0.4A，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流

I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A

故B错误；

C．当甲两端电压为0.5V时，由图象知道，此时I甲=0.1A，故C错误；

D．甲乙并联在2. 5V的电路中，由图象知道，此时I甲=I乙=0.5A，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流

I=I甲+I乙=0.5A+0.5A=1.0A

由PUI知道，消耗的总功率

PUI2.5V1.0A2.5W

故D正确。

故选D。

10．C

解析：C

从图中可以看到，这是一个并联电路，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻变大。

A．由上述可知，变阻器接入电路的电阻变大，电源电压不变，即变阻器两端的电压不变，根据欧姆定律可知，流过变阻器的电流大小变小，而电流表测变阻器的电流，电流表的示数变小，A项不合题意；

B．由上述可知，变阻器接入电路的电阻变大，变阻器两端的电压不变，根据电功率的推U2导式P可知，滑动变阻器的功率变小，B项不合题意；

RC．从图中可以看到，电压表并联在灯泡两端，测的是灯泡的电压，而灯泡的电压大小等于电源电压大小，电源电压不变，那么电压表的示数不变，选项C符合题意；

D．由上述可知，灯泡两端的电压不变，其电阻大小也不变，根据电功率的推导式U2可知，灯泡的电功率大小不变，即灯泡的亮度不变，D项不合题意。

PR故选C。

11．C

解析：C

AB.

灯泡L1比灯泡L2亮，则可知灯泡L1实际功率更大，两灯泡并联，电压相等，则由

U2和PUI可知，灯泡L1的电阻小于L2，通过灯泡L1的大于通过L2的电流，故PRAB不符合题意；

CD.

由于两灯泡并联，互不干扰，则当L1灯丝烧断时，L2的实际功率不变，当L2灯丝烧断时，通过L1的电流不变，故C符合题意，D不符合题意。

故选C。

12．B

解析：B

A．电动机的电功率为

P=UI=220V×2A=440W

故A正确，不符合题意；

B．根据Q=I2Rt得线圈的电阻

R故B错误，符合题意；

C．电动机的发热功率为

Q960J4Ω

I2t(2A)260sP热故C正确，不符合题意；

Q960J16W

t60sD．电动机卡住时变为纯电阻电路，电功率

U2(220V)2P12100W

R4Ω故D正确，不符合题意。

故选B。

二、填空题

13．乙2：1

解析：乙

2：1

U2[1]由R可得，两灯的电阻分别为

PU甲23VR甲3Ω

P3W甲2U乙26VR乙6Ω

P6W乙若两灯串联，因串联电路中电流处处相等，R甲R乙，由PI2R可得，P甲P乙，所以乙灯比甲灯更亮。

2

U2[2]若并联接在该电源两端，并联电路中各支路两端电压相等，由P=

可得，两灯消耗R的功率之比等于电阻之比的倒数

PR6Ω2甲乙

PR3Ω1乙甲14．576602

解析：57.6

60%

2

[1]电机正常运转时消耗的电能

W=UIt=3V×0.8A×60s=144J

[2]线圈产生的热量

Q=I2Rt=（0.8A）2×1.5Ω×60=57.6J

[3]由能量守恒定律得，电机输出的机械功

W1=W-Q=144J-57.6J=86.4J

机械功率

PW186.4J1.44W

t60s由能量转化与守恒知道，电能转化为机械能与内能，能量利用率

W186.4J100%=100%60%

W144J[4]电机突然卡死时，电机电路是纯电阻电路，由IU知道，此时线圈中的电流

RIU3V=2A

R1.5Ω15．590016

解析：5

900

1.6

[1][2]当滑片在a点时，电阻R1与Ra串联，电阻R1两端的电压

U1=I1R1=0.2A×R1

根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得电源电压

U=U1+Ua=0.2A×R1+4V①

当滑片在b点时，电阻R1与Rb串联，电阻R1两端的电压

U1′=I2R1=0.6A×R1

根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得电源电压

U=U1′+Ub=0.6A×R1+2V②

①②可得

R1=5Ω，U=5V

[3]当滑片在b点时，工作5分钟电路消耗的电能

W=UI2t=5V×0.6A×5×60s=900J

[4]R1功率变化量

P1′-P1=I22R1-I12R1=(0.6A)2×5Ω-(0.2A)2×5Ω=1.6W

16．6.6104J

[1]电热水壶正常工作时的电流为

IP1100W=5A

U220V[2]电热水壶正常工作时每分钟产生的热量是

QWPt1100W60s=6.6104J

17．并联120

解析：并联

120

[1]公共充电插座，自动充电时，它们之间互不影响，所以是并联的。

[2]充电器的输出功率为

P=UI=48V×2.5A=120W

18．0

解析：0

2.64106

[1]只接1000W的空调和200W的电视机各一台，半小时消耗的电能为

WW1W2P1P2t1000W200W30电能表的示数将变为

1h0.6kWh

60WW0W1123.4kWh0.6kWh1124kWh

[2]他家电能表允许用电器10min内最多消耗

WPmaxt1UImaxt1220V20A1060s2.64106J

UR

UII2R

I[1]电路的总电阻为

19．R总=灯泡的电阻为

U

IUR

IRLR总R[2]灯泡消耗的电功率为

PLI2RLI2(UR)UII2R

I20．2∶1

解析：2∶1

两灯泡的电阻分别为

U02(2U0)2U02R12

，R2P02P0P0

U02U02R1∶R2==1∶2

∶2P0P0两灯泡并联接在电路中，且保证其中一盏灯正常工作，而另一盏灯没有超过其额定值，则电源电压U=U0，因并联电路中各支路两端的电压相等，两灯泡消耗的实际功率之比

R1实R2实U02RR2=122

U0R11R2三、解答题

21．(1)1.26×104J；(2)1.5×104J；(3)84%

解：(1)煤油吸收的热量

QcmΔt2.1103J/kg℃0.2kg55℃25℃1.26104J

(2)300s内电阻丝R消耗的电能

WI2Rt0.5A200Ω300s=1.5104J

(3)电阻丝的加热效率

2Q1.26104J100%100%84%

4W1.510J104J；

答：(1)煤油吸收的热量1.26×(2)300s内电阻丝R消耗的电能1.5×104J；

(3)电阻丝的加热效率84%。

22．(1) 60.5Ω；(2) 3.36×105J；(3)80%

解：(1)该电热水壶的电阻

U2(220V)2=60.5Ω

RP800W(2)水的质量

m=ρV=1.0×103kg/m3×1.0×10-3m3=1kg

则水吸收的热量

Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg·1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J

℃)×(3)烧开这些水，消耗的电能

W=Pt=800W×8.75×60s=4.2×105J

电热水壶热效率

Q吸3.36105J=80%

=W4.2105J答：(1)该电热水壶的电阻是60.5Ω；

(2)当电热水壶装满水后，从20℃加热到100℃，水吸收的热量是3.36×105J；

(3)在额定电压下，烧开这些水，需要时间8.75min，电热水壶热效率是80%。

23．(1)6V；(2)15Ω；(3)12J

解：(1)由电路图可知，Rl和R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。因并联电路中各支路两端的电压相等，所以电源的电压

U=U1=U2=I2R2=0.2A×30Ω=6V

(2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过Rl的电流

I1=I﹣I2=0.6A﹣0.2A=0.4A

则R1的阻值

R1=(3)R2在10s的时间内消耗的电能

W2=U2I2t=6V×0.2A×10s=12J

答：(1)电源电压是6V；

(2)定值电阻Rl的大小是15Ω；

(3)R2在10s的时间内消耗的电能是12J。

24．(1)20Ω；(2)3.6W；(3)4J

解：(1)当S1、S2断开，S3闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流；电流表的示数为0.3A；根据欧姆定律可知，电阻R1的阻值为

U16V=15Ω

I10.4AU6VR1==20Ω

I10.3A(2)当S1断开，S2、S3闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，干路电流为I=0.9A；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流

I2=I-I1=0.9A-0.3A=0.6A

因并联电路中各支路两端的电压相等，R2的电功率为

P2=UI2=6V×0.6A=3.6W

R2的阻值

R2U6V=10

I20.6A(3)当S1闭合，S2、S3断开时，两电阻串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流

U6VI′==0.2A

R1R220+10R2的10s内产生内能为

W=I′2R2t=(0.2A)2×10Ω×10s=4J

答：(1)电阻R1的阻值为20Ω；

(2)R2的电功率为3.6W；

(3)S2、S3断开，S1闭合时，R2的10s内产生内能为4J。

25．(1)100Ω；(2)0.242kWh；(2)200V

(1)电炉内发热丝的电阻

RU额2P额220V=484W2100

(2)正常工作0.5h，电烤炉消耗的电能

W=P耗t = 484×10-3kW ×0.5h =0.242kW∙h

(3)电烤炉5min消耗的电能

W由于t = 5min =201kWh=kWh

600301h，电烤炉的实际功率

121kWhW30P实0.4kW400W

1th12U2由P知道，此时通过电烤炉的实际电压为

RU实PR400W100Ω=200V

实答：(1)电烤炉正常工作时发热丝的电阻是100Ω；

(2)正常工作0.5h，电烤炉消耗的电能为0.242kW∙h；

(3)此时电烤炉两端的实际电压是200V。

26．(1)5A；(2)66000J；(3)25200J，38.18%

解：(1)由P=UI得电热水壶最大功率加热时，电路中的电流

IP1100W==5A

U220V(2)加热过程中消耗的电能

W=Pt=1100W×60s=66000J

(3)水吸收的热量

Q吸=cmΔt=cρVΔt=4.2×103J/(kg・℃)×3×10-4m3×1×103kg/m3×20℃=25200J

该电热水壶的热效率是

Q25200J=38.18%

W66000J答：(1)电热水壶最大功率加热时，电路中的电流为5A；

(2)加热过程中消耗的电能为66000J；

η=(3)加热过程中，水吸收的热量为25200J；该电热水壶的热效率为38.18%。